Prof. Dr. J. Ebert PD Dr. T. Timmermann
Ubung zur Analysis 2¨ Blatt 2
Zusatzaufgabe 5: Die `p-Norm auf Rn ist gegeben durch kxkp := (Pn
i=1|xi|p)1p. In dieser Aufgabe ist zu zeigen, dass dies wirklich eine Norm ist.
(a) Zeigen Sie: f¨ur alle x ∈ Rn und c ∈R gilt kcxkp =|c|kxkp. Außerdem. ist kxkp = 0, so ist x= 0.
(b) Es seienp, q ∈(1,∞) mit 1p+1q = 1. Man zeige dieH¨oldersche Ungleichung:
sind x, y ∈Rn, so gilt
n
X
i=1
|xiyi| ≤ kxkpkxkq
(dies ist eine Verallgemeinerung der Cauchy-Schwarz-Ungleichung). Hin- weis: man schließe zun¨achst die trivialen F¨alle x = 0 oder y = 0 aus, und zeige dann, dass es reicht, denn Fall kxkp =kykq= 1 zu betrachten. Hierf¨ur benutze man die Youngsche Ungleichung von Aufgabe 4, Blatt 1.
(c) Zeigen Sie die Dreiecksungleichung f¨ur die`p-Norm (welche auch alsMinkowski- Ungleichung bekannt ist). Hinweis: Sei z ∈ Rn der Vektor mit Komponen- ten zj = |xj + yj|p−1. Dann gilt kzkq = kx + ykp/qp . Dann zeige man kx+ykpp ≤ P
j|xj||zj|+P
j|xj||zj| und mit der H¨olderschen Ungleichung dann P
j|xj||zj|+P
j|xj||zj| ≤(kxkp+kykp)kx+ykp/qp .
L¨osung: Teil 1 ist trivial. F¨ur Teil 2: sei kxkp =kykq = 1. Dann gilt wegen der Young-Ungleichung
n
X
i=1
|xiyi| ≤ 1 p
n
X
i=1
|xi|p +1 q
n
X
i=1
|yi|q = 1 p +1
q = 1.
F¨ur allgemeine x, y rechne, mit der eben erhaltenen Ungleichung,
n
X
i=1
|xiyi|=kxkpkykq
n
X
i=1
|xi| kxkp
|yi|
kykq ≤ kxkpkykq. Teil 3: Es ist (p−1)q =p. Sei z wie im Hinweis. Dann gilt
kzkqq =
n
X
i=1
|xj+yj|q(p−1) =
n
X
i=1
|xj+yj|p =kx+ykpp.
Ferner ist
kx+ykpp =
n
X
i=1
|xi+yi|p =
n
X
i=1
|xi+yi||xi+yi|p−1 ≤
n
X
i=1
|xi||zi|+
n
X
i=1
|yi||zi|.
Aus der H¨older-Ungleichung folgt dann
n
X
i=1
|xi||zi| ≤ kxkpkzkq und
n
X
i=1
|yi||zi| ≤ kykpkzkq
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Zusammengefasst ergibt sich
kx+ykpp ≤(kxkp+kykp)kzkq = (kxkp+kykp)kx+ykp/qp und daher
kx+ykp−p/qp ≤ kxkp+kykp, und weil p−p/q = 1, ist der Beweis fertig.
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