7 Übungsblatt Festkörperphysik
7.1 (Kinetische Energie des freien Elektronengases)
Es ist zu zeigen, dass diekinetische Energie des freien Elektronengases (in drei Dimen-
sionen)bei
T = 0 K
gegeben istdurch:U 0 = 3 5 N E F ,
wobei
E F die Fermi-Energie sei mit:
E F = ~ 2 2m
3π 2 N V
2 3
und
N
die Anzahl der freien Elektronen. Für die kinetische Energie des freien Elek- tronengases folgtnun:U 0 = h E i = Z E F
0
E · D (E) dE,
wobei
D (E) = dN dE = 2π V 2 2m
~ 2
3 2 √
E
die Zustandsdichte ist, mit der Anzahl der Zu-stände
N (E) = 3π V 2 2mE
~ 2
3 2
.
Wirkönnen einsetzen:U 0 = Z E F
0
V 2π 2
2m
~ 2 3 2
E 3 2 dE = V 2π 2
2m
~ 2
3 2 Z E F
0
E 3 2 dE = V 2π 2
2m
~ 2 3 2
2 5 E 5 2
E F
0
,
Wirkönnen nun
N (E F )
einsetzen underhalten:U 0 = 3 2
V 3π 2
2mE F
~ 2 3 2
| {z }
N (E F )
2
5 E F = 3
5 N (E F ) E F = 3 5 N E F .
Dieswar zu zeigen.
7.2 (Freies Elektronengas von Lithium und Blei)
Es sind die Daten über die Dichten und die molaren Massen der Atome von Lithium
und Blei bekannt. Aus diesen sind die Dichte der freien Elektronen und verschiedene
Fermi-Gröÿen zubestimmen.Wirbestimmenzuerst dieDichteder freienElektronen für
dasLithium undanschlieÿend fürdas Blei.
Es giltfürdieDichtedesgesamtenAtoms
ρ = m V = M V · N = M · N V = M · n,
mitM
dermolaren Masse,
V
dem Volumen,N
der Teilchenanzahl undn
derTeilchendichte. Wir können umstellenund einsetzen:n = ρ
M = 1 · 0.53 cm g 3
6.939 mol g = 0.0764 cm mol 3.
Nun können wir noch mit der Avogadrokonstante multiplizieren, wobei diese
N A = 6.022 · 10 23 mol 1 beträgt:
n = 0.0764 · 6.022 · 10 23 mol 1 mol
cm 3 = 4.60 · 10 22 cm 1 3 ,
dawirnureinfreiesElektron(Valenzelektron)fürdasLithiumbesitzen
1s 2 2s 1-Konguration,
müssen wirmit1
multiplizieren underhaltenfür dieElektronendichte:
n = 4.60 · 10 22 cm 1 3 .
Für den Literaturwert ndet sich auf Folie FKP_V14.pdf ein Wert von
n = 4.7 · 10 22 cm 1 3 ,
diesresultiertdaher, dassindergegebenenTabelle andersgerundet wurde,daderLiteraturwert für dieDichte von Lithium mit
ρ = 0.535 cm g 3 gefunden werden kann.
FürRechnung mitdemgerundeten Wert
ρ = 0.54 cm g 3 ergibtsichauch durchrundendes
Ergebnissesvon
n = 4.69 · 10 22 cm 1 3 dergefundeneLiteraturwert.
Beim Blei besitzen wireine Elektronenkonguration von [Xe] 6
s 26p 2,besitzen also 4
4
freieElektronen,dahermüssenwirdenWertvon
n,
der sichaufdieAtomanzahlbezieht,mit
4
multiplizieren,umdiefreienElektronenzuerfassen.EinsetzendergegebenenWerte für Bleiund multiplikationmit demFaktor4
liefert:n = 4 · 11.34 cm g 3
207.19 mol g = 0.219 cm mol 3 = 13.18 · 10 22 cm 1 3 = 13.2 · 10 22 cm 1 3 .
Dieser Wertstimmt mit demLiteraturwertüberein.
Zur Bestimmung derFermi-Gröÿen können wirnun
N
V = neinsetzen,somitgelten für
dieFermi-Gröÿen dieBeziehungen:
k F = 3π 2 n 1 3
E F = ~ 2 k 2 F 2m v F = ~ k F
m T F = E F k B
.
Einsetzen derWerte liefert:
k F,Li = 1.108 · 10 8 1 cm
E F,Li = 7.50 · 10 − 19 J = 4.68 eV v F,Li = 1.28 · 10 8 cm
s
T F,Li = 5.43 · 10 4 K
Werten inderLiteratur-Tabelle überein.
Für dasBleifolgenmit
n = 13.18 · 10 22 cm 1 3 ,
dieFermi-Gröÿen mit:k F = 1.574 · 10 8 1 cm
E F = 1.513 · 10 −18 J = 9.45 eV v F = 1.823 · 10 8 cm
s T F = 1.096 · 10 5 K.
Auch diese Werte stimmen mitden Werten derLiteratur überein.
7.3 (Freie Elektronen im quadratischen und im kubischen Gitter)
(a)
Wie wir in folgender Zeichnung erkennen, beträgt
k x,s = 1 2 , k y,s = 0
währendk x,e =
1
2 , k y,e = 1 2
beträgt.x y
Quadratgitter in 2D
k e k s
Nun gilt jedoch für diekinetische Energie:
T = ~ 2 2m
X
k
k 2 C (k) e ikx ,
für uns ist indiesem Fall nur dasVerhältnis wichtig. Wir erhaltendurch dieSumme
imFallderSeitenmitte:
T s = 1 4 · ~ 2
2m C 1
2
e 2 i x ,
und für dieEckeder Brillouinzone erhaltenwir:
T e = 2 · 1 4 · ~ 2
2m C 1
2
e 2 i x .
Der Vergleich derbeiden Gröÿen liefertalso sofort:
T e = 2 T s .
FürdendreidimensionalenFall,folgtfürdenMittelpunktderSeitenäche
k x,s = 0, k y,s =
1
2 , k z,s = 0, während für den Eckpunkt k x,s = 1 2 , k y,s = 1 2 , k z,s = 1 2 ,
folgt. Somit folgt
alsofür die kinetische Energie einVerhältnis von:
T e = 3 T s .
7.4 (Zustandsdichte eines freien Elektronengases in einer Dimension)
DerQuantendrahtbesitzedieRandbedingungen
ψ (x, y, z) = 0
für| x | > a
und| y | > b,
woa
undb
atomareDimensionen haben,sowieperiodische inz
-Richtung: ψ (x, y, z + L) = ψ (x, y, z) .
Diesbedeutet,wirbesitzeneinensehrdünnenDraht,derinz
-Richtung liegt,wobeidie Ausdehnung in
x
- undy
-Richtung atomareDimension besitzt, d.h.sehr kleinist,speziell gegenüber der
z
-Richtung.
(a)
Es ist zu zeigen, dass die Energie in ein-dimensionale Subbänder aufspaltet, d.h.
E (k)
geschrieben werdenkann als:
E (k) = E n1,n2 + ~ 2 2m k 2 .
WirbetrachtendieSchrödinger Gleichung:
− ~ 2 2m
∂ 2
∂x 2 + ∂ 2
∂y 2 + ∂ 2
∂z 2
ψ (~ r) = Eψ (~ r) .
Wirmachenden Ansatz:
ψ (~ r) = A sin πn 1 x a
sin πn 2 y b
sin πn 3 z L
= A sin πn 1 x a
sin πn 2 y b
exp (ik z z) ,
dawirfürdie
z
-Komponente eineperiodischeRandbedingungbesitzen, mussdieWel- lenfunktionψ (x, y, z) = ψ (x, y, z + L)
erfüllen,währendwirfürdiex −
undy
-Komponente dieRandbedingungen:ψ ( | a | , y, z) = 0
undψ (x, | b | , z) = 0
besitzen. Wirerhaltensomitdurch einsetzen indieSchrödingergleichung:
− ~ 2 2m
− πn 1 a
2
− πn 2 b
2
− k 2 z
= E,
somit erhaltenwiralso tatsächlich diezwei1D-Subbänder:
E n1 = ~ 2 2m
πn 1 a
2
und
E n2 = ~ 2 2m
πn 2 b
2
,
E n1,n2 = ~ 2 2m
πn 1 a
2
+ πn 2 b
2 .
Dadie
x −
undy
-Komponenten sehrklein gegenüber derz
-Komponentesind, können wirk z = k
setzen undsomit erhaltenwirdasgesuchteErgebnis:E (k) = E n1,n2 + ~ 2 2m k 2 .
(b)
Es istzu zeigen, dassdieZustandsdichte gemäÿderFormel:
D (E) = dN dk
dk
dE = D (k) dE
dk −1
,
durch:
D (E) = 2L π
m
2 ~ 2 (E − E n1,n2 ) 1 2
,
dargestellt werden kann. Wir können zuerst die Ableitung von k in
E
-Richtung be-stimmen,wobei wirausAufgabenteil a)nach
k
umstellen können:k = 2m
~ 2 1 2
(E (k) − E n1,n2 ) 1 2
Die Ableitungliefert nun:
dk dE =
2m
~ 2 1 2
1
2 · (E (k) − E n1,n2 ) −
1
2 =
m
2 ~ 2 (E − E n1,n2 ) 1 2
,
Nun müssen wir nur noch
D (k)
bestimmen, wobei wir uns die Zustandsdichte des Quantendrahtesalsein-dimensionalvorstellenkönnen,somitfolgtfürdenQuantendraht:D (k z ) = L 2π .
Nun müssenwirjedochbeachten, dasswirnochzusätzlichdiediskretenEnergieeigen-
werteinder
xy
-Ebene besitzen, wobeiwirhierdurch jeweilseinen Faktor2
erhalten,derausdemSpinresultiert,somit insgesamt einenFaktor
4.
Somit erhalten wiralso:D (k) = 4 L 2π = 2L
π .
Wirerhalten alsodurch EinsetzendasgewünschteErgebnis: