11 Übungsblatt Theoretische Physik V - Klausurblatt
11.1 (Greensche Funktion und Suprauidität)
Die Matrixvon Aufgabe16 lautet:
M ˜ = i∂ t − µ + 2m ∇ ~ 2 − µ µ i∂ t + µ − ∇ 2m ~ 2
!
Wirbilden dieFourier Transformierte:
Z dt 0
2π i∂ t e −iωt 0 = ω Z dt 0
2π δ t − t 0 e −iωt 0
= ω Z d 3 x 0
(2π) 3
∇ ~ 2 e −ip·x = − p 2
Z d 3 x 0
(2π) 3 δ x − x 0 e −ip·x
= − p 2
Und damit folgt:
M = ω − µ − 2m p 2 − µ µ ω + µ + 2m p 2
! .
Für
2 × 2
Matrizen, kannmandie Inverse leicht nachder Cramerschen Regelbilden:a b c d
−1
= 1
ad − bc
d − b
− c a
.
Die Determinante lautet:
ω − µ − p 2
2m ω + µ + p 2 2m
+ µ 2
= ω 2 + ωµ + ω p 2
2m − µω − µ 2 − µ p 2 2m − p 2
2m ω − p 2 2m µ −
p 2 2m
2
+ µ 2
= ω 2 −
µ p 2 m + p 4
4m 2
| {z }
=E 2
= ω 2 − E 2
und damitfolgt 1
G (ω, p) = 1 ω 2 − E 2
ω + µ + 2m p 2 µ
− µ ω − µ − 2m p 2
!
1
E
wurdeinAufgabe16dbestimmt.E = k r k 2
4m 2 + µ m = 1
2m
p 4µk 2 + k 4 .
Die Nebendiagonalelemente
µ
stellen eine Art Stromdichte dar. Die Diagonalelemente sind nicht invariant unter einem Phasenfaktorexp ( − iθ)
und verursachen daher eine Symmetriebrechung.x y
z
11.2 (Kondensat-Entleerung depletion of the condensate in verdünnten
Bose-Einstein-Kondensaten)
a)
Es istzu zeigen:
n = n 0 + h| δψ (~x, t) | 2 i
Mit
n = h| ψ (~x, t) | 2 i
derTeilchendichte,n 0 = | ψ 0 | 2
der Kondensatdichteundψ (~x, t) = ψ 0 + δψ (~x, t)
folgt:n = h| ψ (~x, t) | 2 i
= h (ψ 0 + δψ (~x, t)) (ψ ∗ 0 + δψ ∗ (~x, t)) i
= h ψ 0 ψ ∗ 0 + ψ 0 δψ ∗ (~x, t) + δψ (~x, t) ψ 0 ∗ + δψ (~x, t) δψ ∗ (~x, t) i
= h| ψ 0 | 2 i + h ψ 0 δψ ∗ (~x, t) i + h δψ (~x, t) ψ 0 ∗ i + h| δψ (~x, t) | 2 i
= n 0 + h| δψ (~x, t) | 2 i + ψ 0 h δψ ∗ (~x, t) i
| {z }
=0
+ψ ∗ 0 h δψ (~x, t) i
| {z }
=0
Die Terme verschwinden, da wir eine Integration über ein symmetrisches Intervall
durchführenund derIntegrand ungeradeist.
Somit ergibt sichinsgesamt also:
n = n 0 + h| δψ (~x, t) | 2 i
b)
Es ist mit Hilfe der Greenschen Funktion, welche in Aufgabe 17 abgeleitet wurde zu
zeigen,dass
h| δψ (~x, t) | 2 i =
Z d d p (2π) d
" ~ p 2
2m + n 0 g 2E (~ p) − 1
2
#
Es gilt (für
~x = ~x 0
undt 0 = t + ε
,mitε → 0
):h| δψ (~x, t) | 2 i = h δψ (~x, t) δψ ∗ (~x, t) i = h T
δψ (~x, t) δψ ∗ ~x 0 , t 0
i = iG (~x, t)
Aus Aufgabe 14 d) und e)können wir
h T [δψδψ ∗ ] i = iG (~x, t)
nutzen, wobeiG (~x, t)
dieFouriertransformierte derGreenschen FunktionausAufgabe 17 ist undmit
µ = n 0 g
ist dasgesuchte Matrixelement gegeben mit:
G (ω, ~ p) = ω −
p 2
2m + n 0 g ω 2 − E 2
Es folgt alsomit Fourier Transformation:
G ~x − ~x 0 , t − t 0
=
Z d d p (2π) d
Z dω 2π
ω −
p 2
2m + n 0 g
ω 2 − E 2 e i~ p(~ x−~ x 0 ) e −iω(t−t 0 )
mit
~x − ~x 0 = 0
undt 0 = t + ε ⇔ t − t 0 = ε → 0
können wirweiterumschreiben zu:G ~x − ~x 0 , t − t 0
=
Z d d p (2π) d
Z dω 2π
ω −
p 2
2m + n 0 g ω 2 − E 2 e −iωε
=
Z d d p (2π) d
Z dω 2π
ωe −iωε ω 2 − E 2 −
Z d d p (2π) d
Z dω 2π
p 2
2m + n 0 g ω 2 − E 2 e −iωε
MitHilfe von Konturintegration können wirdie
ω
-Integration ausführen:Z dω 2π
ωe −iωε
ω 2 − (E + iη) 2 = 1 2 (E + iη)
Z dω 2π
ωe −iωε
(ω − (E + iη)) (ω + (E + iη))
= 1
2 (E + iη) Z dω
2π ωe −iεω
1
ω − (E + iη) − 1 ω + (E + iη)
= 1
2 (E + iη) 1
2π 2πi · res
ωe −iεω
ω − (E + iη) ; E + iη
− 1
2π 2πi · res
ωe −iεω
ω + (E + iη) ; − (E + iη)
= i
2 (E + iη)
(E + iη) e −i(E+iη)ε + (E + iη) e i(E+iη)ε
= i 2
e −i(E+iη)ε + e i(E+iη)ε
mit
res
ωe −iεω
ω−(E+iη) ; E + iη
= (E +iη)e −i(E+iη)ε 1
.Dasowohlε
,alsauchη
gegen0
streben,erhaltenwir:
Z dω 2π
ωe −iωε ω 2 − E 2 = i
2
Die zweite
ω
-Integrationliefert fastäquivalent:Z dω 2π
p 2
2m + n 0 g
ω 2 − (E + iη) 2 e −iωε = 1 2 (E + iη)
Z dω 2π
p 2
2m + n 0 g e −iωε (ω − (E + iη)) (ω + (E + iη))
= p 2
2m + n 0 g 2 (E + iη)
1
2π 2πi · res
e −iεω
ω − (E + iη) ; E + iη
= i
p 2
2m + n 0 g
e −i(E +iη)ε 2 (E + iη)
Diesliefert alsowieder mit
ε, η → 0
:Z dω 2π
p 2
2m + n 0 g
ω 2 − E 2 e −iωε = i
p 2
2m + n 0 g 2E
Fügen wirdiesin
G (~x − ~x 0 , t − t 0 )
ein, soerhaltenwir:G ~x − ~x 0 , t − t 0
= i
Z d d p (2π) d
1 2 −
p 2 2m + n 0 g
2E
!
Nun nutzen wir:
h| δψ (~x, t) | 2 i = iG (~x, t)
und setzen
G (~x, t)
ein:h| δψ (~x, t) | 2 i =
Z d d p (2π) d
p 2 2m + n 0 g
2E (~ p) − 1 2
!
c)
Wirbetrachten die
Γ
-Funktion, wobei zuzeigen ist,dass1
λ z = 1 Γ (z)
Z ∞ 0
dτ τ z−1 e −λτ
Wirkönnen umstellenzu:
Γ (z) = Z ∞
0
dτ λ z τ z−1 e −λτ
eine trivialeSubstitution
t = λτ
liefert uns:Γ (z) = Z ∞
0
dt λ λ z
t λ
z−1
e −t
(wirverwenden hierbei
τ = λ t
,dt λ = dτ
) nachkürzen vonλ z
erhaltenwirdieGamma-funktion:
Γ (z) = Z ∞
0
dt t z−1 e −t
Es istdas Integral:
h| δψ (~x, t) | 2 i =
Z d d p (2π) d
" ~ p 2
2m + n 0 g 2E (~ p) − 1
2
#
explizit zulösen. Dasgesuchte Ergebnisist mit:
h| δψ (~x, t) | 2 i = S d (d − 2) 16π d+ 1 2 Γ
− d 2
Γ
d − 1 2
(mn 0 g) d 2
gegeben.
Es gilt
S d = 2π
d 2
Γ ( d 2 )
für die Fläche der Einheitskugel. Wir können umschreiben, wobei wirdie− 1 2
vernachlässigen (dimensional Regularisierung):h| δψ (~x, t) | 2 i =
Z d d p (2π) d
~ p 2
2m + n 0 g 2E (~ p)
= 1
2 (2π) d Z
d d p
p 2
2 + mn 0 g mE
Mit
E = 2m p p
p 2 + 4mn 0 g
folgt:h| δψ (~x, t) | 2 i = 1 2 (2π) d
Z
d d p p −1 p 2 + 2mn 0 g p p 2 + 4mn 0 g
Wirkönnen das
d
-dimensionale Integral umschreiben (R d d p → S d R
dp p d−1
):h| δψ (~x, t) | 2 i = S d
2 (2π) d Z ∞
0
dp p d−2 p 2 + 2mn 0 g p p 2 + 4mn 0 g
= S d 2 (2π) d
Z ∞ 0
dp
p d + 2mn 0 g p d−2 1 p p 2 + 4mn 0 g
Ausnutzen derinc)gezeigten Relation
1
λ z = Γ(z) 1 R ∞
0 dτ τ z−1 e −λτ
liefert,wobeiz = 1 2
und
λ = p 2 + 4mn 0 g
:h| δψ (~x, t) | 2 i = S d
2 (2π) d Γ 1 2 Z ∞
0
dp Z ∞
0
dτ τ − 1 2 e − ( p 2 +4mn 0 g ) τ
p d + 2mn 0 g p d−2
Jetzt substituieren wir
α = p 2 τ ⇔ p = p α
τ
mitdα
2pτ = dp
:h| δψ (~x, t) | 2 i = S d
4 (2π) d Γ 1 2 Z ∞
0
dα Z ∞
0
dτ τ − 3 2 e − ( α τ +4mn 0 g ) τ α τ
d 2 − 1 2
+ 2mn 0 g α τ
d 2 − 3 2
= S d
4 (2π) d Γ 1 2 Z ∞
0
dα α −1 e −α Z ∞
0
dτ τ −1 e −4mn 0 gτ
α d 2 + 1 2 τ − d 2 + 2mn 0 g α d 2 − 1 2 τ − d 2 +1
MitderSubstitution
τ 0 = 4mn 0 gτ
folgt:h| δψ (~x, t) | 2 i = S d 4 (2π) d Γ 1 2
Z ∞ 0
dα α −1 e −α Z ∞
0
dτ 0 τ −1 e −τ 0
α d 2 + 1 2 τ −
d 2
+ 1
2 α d 2 − 1 2 τ − d 2 +1
(4mn 0 g) d 2
UmschreibeninGamma-Funktionen mit
R ∞
0 dx x −1 e −x x n = Γ (n)
undΓ 1 2
= √ π
:h| δψ (~x, t) | 2 i = S d
4 (2π) d Γ 1 2
Γ d
2 + 1 2
Γ
− d 2
+ 1
2 Γ d
2 − 1 2
Γ
− d 2 + 1
2 d (mn 0 g) d 2
= S d 4π d+ 1 2
Γ
d 2 + 1
2
Γ
− d 2
+ 1
2 Γ d
2 − 1 2
Γ
− d 2 + 1
(mn 0 g) d 2
Verwendung derEigenschaft derGamma-Funktion
Γ (n + 1) = nΓ (n)
,liefert:h| δψ (~x, t) | 2 i = S d
4π d+ 1 2 1
2 (d − 1) Γ d
2 − 1 2
Γ
− d 2
+
− d 2
1 2 Γ
d 2 − 1
2
Γ
− d 2
(mn 0 g) d 2
= S d 4π d+ 1 2
1
2 (d − 1) − d 4
Γ
− d 2
Γ
d − 1 2
(mn 0 g) d 2
= S d (d − 2) 16π d+ 1 2 Γ
− d 2
Γ
d − 1 2
(mn 0 g) d 2
Hieraus erhaltenwirfür
d = 3
die Bogoliubov-Formel, dah| δψ (~x, t) | 2 i
zu:h| δψ (~x, t) | 2 i = S 3 16π 7 2 Γ
− 3 2
Γ (1) (mn 0 g) 3 2 = 8 3 n
r na 3 π
mit
Γ (1) = 1
,Γ − 3 2
= 4 3 √
π
,S 3 = 4π
,g = 4πa m
undn 0 → n
fürδψ (~x, t)
klein (wasn − n 0 n
bedeutet), wird. Dazugiltn = n 0 + h| δψ (~x, t) | 2 i ⇔ n 0 = n − h| δψ (~x, t) | 2 i
,setzen wireinerhaltenwirdie Bogoliubov-Formelfür dieKondensat-Entleerung:
n 0 = n 1 − 8 3
r na 3 π
!
a)
DerHamiltonian lautet:
H = 1
2 p 2 + ω 2 x 2
| {z }
=:H 0
+ U
8ω 2 p 2 + ω 2 x 2 − ω
p 2 + ω 2 x 2 − 3ω
| {z }
=:H 0
,
den wirzunächstinungestörten Anteil undStörteil
H 0 = U
8ω 2 (2H 0 − ω) (2H 0 − 3ω)
aufspalten.DerungestörteharmonischeOszillatorhatdieEigenzuständeundEigenwerte:
H 0 | n i = ω
n + 1 2
| n i .
Wirbemerken,dass
H
mitH 0
vertauscht,da:[H 0 , H] =
H 0 , H 0 + H 0
=
H 0 , H 0
= U
8ω [H 0 , (2H 0 − ω) (2H 0 − 3ω)]
= U
8ω { [H 0 , 2H 0 − ω] (2H 0 − 3ω) + (2H 0 − ω) [H 0 , 2H 0 − 3ω] }
= 0.
Damitfolgt
H 0 H | n i = HH 0 | n i = ω
n + 1 2
H | n i .
H | n i
ist also Eigenzustand vonH 0
mit Eigenwertω (n + 1/2) .
Damit können wir dieEigenwerte von
H
berechnen:H | n i =
H 0 + U 2ω 2
H 0 − ω
2 H 0 − 3ω 2
| n i
=
ω
n + 1 2
+ U
2ω 2
ω
n + 1 2
− ω
2 ω
n + 1
2
− 3ω 2
| n i
=
ω
n + 1 2
+ U
2 n (n − 1)
| n i
=
n 2 U 2 + n
ω − U
2
+ ω 2
| n i
Zuberechnen sind diePropagatoren
G x (t) = − i h T [x (t) x (0)] i G p (t) = − i h T [p (t) p (0)] i .
Daschronologische Produktist gegeben durch:
T [f (t 1 ) f (t 2 )] = Θ (t 1 − t 2 ) f (t 1 ) f (t 2 ) + Θ (t 2 − t 1 ) f (t 2 ) f (t 1 ) .
Dasbedeutetanschaulich,derOperator,derzeitlichalserstesfolgt,wirdauchalserstes
aufeinen gegebenen Ketangewandt. Wirerinnernunsan dieErzeugungs-und Vernich-
tungsoperatoren unddrücken durch sie
x
undp
aus:x = 1
√ 2ω
a † + a
p = i r ω
2
a † − a .
Die Operatoren
x (t) p (t)
müssen insHeisenberg-Bildtransformiert werden:
A (t) = e iHt A (0) e −iHt .
Dazubenutzen wirdieCampbell-Baker-Haussdorff-Regel:
e B Ae −B = X ∞ n=0
1
n! A n
mitA 0 = A; A n = [B, A n−1 ]
ZuerstdieKommutatorenvon
a, a †
mitH 0 = ω (N + 1/2) = ω a † a + 1/2
und
[a, a † ] = 1
[H 0 , a] = ω[a † a + 1 2 , a]
= ω[a † , a]a
= − ωa
[H 0 , a † ] = ω[a † a + 1 2 , a † ]
= ωa † [a, a † ]
= ωa †
[H, a] = [H 0 + U
8ω 2 (2H 0 − ω) (2H 0 − 3ω) , a]
= − ωa + U
8ω 2 ((2H 0 − ω) [2H 0 − 3ω, a] + [(2H 0 − ω) , a] (2H 0 − 3ω))
= − ωa + U
8ω 2 ((2H 0 − ω) ( − 2ωa) + ( − 2ωa) (2H 0 − 3ω))
= − ωa + U
8ω 2 − 4H 0 aω + 2ω 2 a − 4ωaH 0 + 6ω 2 a
= − ωa + U
8ω 2 8ω 2 a − 8H 0 aω − 4ω 2 a
= − ωa + U
8ω 2 4ω 2 a − 8H 0 aω
= U
2 − ω − U ω H 0
| {z }
=:Ω
a
[H, a † ] = ωa † + U 8ω 2
(2H 0 − ω) [2H 0 − 3ω, a † ] + [2H 0 − ω, a † ] (2H 0 − 3ω)
= ωa † + U 8ω 2
(2H 0 − ω) 2ωa † + 2ωa † (2H 0 − 3ω)
= ωa † + U 8ω 2
4H 0 a † ω − 2ω 2 a † + 4ωa † H 0 − 6ω 2 a †
= ωa † + U 8ω 2
8H 0 a † ω − 12ω 2 a †
=
ω + U
ω H 0 − 3 2 U
| {z }
=:Ω †
a †
Damitgilt:
a (t) = e iΩt a
unda † (t) = e iΩ † t a † .
Damit berechnen wir die Greenschen Funktion als Erwartungswert des chronologischen
ProduktesimVakuum
(n = 0)
.h T [x (t) x (0)] i = h Θ (t) x (t) x (0) + Θ ( − t) x (0) x (t) i
= 1
2ω D
Θ (t) e iHt
a † + a
e −iHt
a † + a
+ Θ ( − t)
a † + a e iHt
a † + a
e −iHt E
= 1
2ω
D Θ (t)
(((( (((
e iHt a † e −iHt a † + (((( e iHt a † e −iHt (( ( a + e iHt ae −iHt a † + (((( e iHt ae −iHt (( a +Θ ( − t)
(((( (((
a † e iHt a † e −iHt + (((( a † e iHt ae (( −iHt ( + ae iHt a † e −iHt + (((( ae iHt ae −iHt (( E
= 1
2ω
Θ (t) e iΩt + D
Θ ( − t) e iΩ † t E
Damitist
G x (t) = − i 2ω
Θ (t) e iΩt + D
Θ ( − t) e iΩ † t E
h T [p (t) p (0)] i = h Θ (t) p (t) p (0) + Θ ( − t) p (0) p (t) i
= − ω 2
D Θ (t) e iHt
a † − a
e −iHt
a † − a
+ Θ ( − t)
a † − a e iHt
a † − a
e −iHt E
= − ω 2
D Θ (t)
(((( (((
e iHt a † e −iHt a † − (((( e iHt a † e −iHt (( ( a − e iHt ae −iHt a † + (((( e iHt ae −iHt (( a +Θ ( − t)
(((( (((
a † e iHt a † e −iHt − (((( a † e iHt ae (( −iHt ( − ae iHt a † e −iHt + (((( ae iHt ae −iHt (( E
= ω 2
Θ (t) e iΩt + D
Θ ( − t) e iΩ † t E .
Damitist