Heiko Dumlich, Max Homan
14. Mai 2006
10 Spiegelladung II
Das Potential
φ
zweier unendlich ausgedehnter Linienladungsdichtenλ
undλ 0 ineinem
zylindrischen Koordinatensystem lautet:
φ (r) = − 1 2πε 0
λ 0 ln r λ 0 + λ ln r λ
wobei
r λ = √
r 2 + h 2 − 2rh cos ϑ
undr λ 0 = √
r 2 + h 0 2 − 2rh 0 cos ϑ.
Als Randbedingung muss das Potential bei einem Radiusr = a
konstant sein, dass heiÿt auch unabhängigvomWinkelsein.
∂ ϑ φ | r=a = 1 2πε 0
2rh 0 λ 0 sin ϑ
r 2 + h 0 2 − 2rh 0 cos ϑ + 2rhλ sin ϑ r 2 + h 0 2 − 2rh cos ϑ
!
= 0
⇔ h 0 λ 0 r 2 + h − 2rh cos ϑ = − hλ r 2 + h 02 − 2rh 0 cos ϑ
Der jeweils letzte Term unterscheidet sich nur durch
λ 0 bzw. λ
. Da die anderen Terme
konstant sindunddie Identitätfür jedes
ϑ
geltenmuss, gilt− λ = λ 0.
⇒ h 0 r 2 + h 2 = h r 2 + h 0 2
⇔ r 2 + h 02
h 0 = r 2 + h 2 h
⇔ r 2
h 0 + h 0 = r 2 h + h
⇔ r 2 1
h 0 − 1 h
= h − h 0
⇔ r 2 h − h 0 = h − h 0 hh 0
⇒ h 0 = r 2 h
Somit folgt für dasPotential :
φ (r) = λ
2πε 0 ln a 2 r λ 2
!
11.1
u
Die gegebene Dierentialgleichung
1 − x 2 P l 00 − 2xP l 0 + l (l + 1) P l = 0
ist
m
-malabzuleiten.Dafüristesnützlich zunächstkompakteAusdrückefür diem
-teAbleitungjedes auftretendenfunktionalen Zusammenhangs zu bilden.
u ≡ d m
dx m P l = P l (m)
d m
dx m (xP l ) = d m − 1
dx m−1 1xP l 0 + P l = d m − 2
dx m−2 2xP l 00 + P l 0 = d m − 3
dx m−3 3xP l 000 + P l 00 = . . .
= mxP l (m) + P l (m − 1)
Der
xP l Ausdruckist etwasschwierigerzu nden.
d m dx m
x 2 P l = d m − 1 dx m−1
2xP l + x 2 P l 0 = d m − 2 dx m−2
2P l + 4xP l 0 + x 2 P l 00
d m − 3 dx m−3
6P l + 6xP l 0 + x 2 P l 00 = d m − 4 dx m−4
12P l + 8xP l 0 + x 2 P l 00
Der Koezient beidem 2.Term erhöht sich bei jederAbleitung um2. Der 1.Koe-
zient erhöht sich bei jeder Ableitung um den vorherigen 2. Koezienten. Als rekursive
Denition könnte manfür dieKoezientenfolge daherauchschreiben:
a 0 = 0; a n = 2n + a n − 1
a n = 2n + a n−1 = 2n + 2 (n − 1) + a n−2 = 2n + 2 (n − 1) + 2 (n − 2) + a n−3 = . . .
Durch einpaarUmformungen ndet manauch einen geschlossenAusdruck:
a n = 2n 2 − 2
n
X
i=0
i = 2n 2 − 2 1
2 n (n − 1) = 2n 2 − n 2 − n = n (n − 1) .
⇒ d m dx m
x 2 P l = m (m − 1) P l (m − 2) − 2xP l (m − 1) + x 2 P l (m) .
Leitet man obige Gleichung wie erläutert
m
-mal ab, bleibt die rechte Seite nach wievor
0
undmanerhält:0 = u 00 − m (m − 1) u − 2mxu 0 − x 2 u 00 − 2 mu + xu 0
= u 00 1 − x 2 − u 0 2x (m + 1) + u l 2 + l − m 2 − m
= u 00 1 − x 2 − u 0 2x (m + 1) + u (l − m) (l + m + 1) √
11.2
v
DiezugeordnetenLegéndreschenPolynomesinddiedeniertals
v = ( − 1) m 1 − x 2 m/2 u.
UmdieGültigkeitdesAnsatzeszuüberprüfensindzuerst
v 0 undv 00zubilden undindie
Gleichung
0 = 1 − x 2 v 00 − 2xv 0 +
l (l + 1) − m 1 − x 2
einzusetzen.
v
( − 1) m (1 − x 2 ) m/2 = u v 0
( − 1) m (1 − x 2 ) m/2 = u 0 − u · m 2 · x
1 − x 2 v 00
( − 1) m (1 − x 2 ) m/2 = u 00 − u 0 · 2mx
1 − x 2 + u · 2mx 2 (m/2 − 1) (1 − x 2 ) 2
Nun gilt esnur noch einzusetzen undauszurechnen.
0 = 1 − x 2
"
u 00 − u 0 · 2mx
1 − x 2 + u · 2mx 2 (m/2 − 1) (1 − x 2 ) 2
#
− 2x
u 0 − u · m 2
x 1 − x 2
+
l (l + 1) − m 1 − x 2
u 0 = 1 − x 2 u 00 − u 0 2x (m + 1)
+u
"
l (l + 1) − m · mx 2 − 2x 2 + 1 + x 2 + m 1 − x 2
#
0 = 1 − x 2 u 00 − 2x (m + 1) u 0 + h l (l + 1) − m 2 − m i u 0 = 1 − x 2 u 00 − 2x (m + 1) u 0 + (l − m) (l + m + 1) u
Man erhält wieder die Zwischengleichung. Dadurch wurde gezeigt, dass der Ansatz der
zugeordneteten Legéndrepolynome die erweiterte Legéndresche Dierentialgleichug
erfüllt.