Prof.Dr.R.Verh,M.Teuhler,A.Knospe
. .
Inst. f. Theoretische Physik
UNIVERSITAT LEIPZIG
Wintersemester 2008/09
Musterlösungen zuÜbungen zurAllgemeinen Relativitätstheorie
Aufgabenblatt 8
Aufgabe22
Gegeben istdieMetrikin derlinearenNährung,auf derRaumzeitM =R4 gµν(x) =ηµν+ ˜Hµν(x)
WobeiH˜µν(x)in transversal-spurfreiEihunggegebenist,d.h.esist
H˜µν(x) =Aµνeikσxσ
(!!Indexbewegungen werden mit η durhgeführt!!; wenn die gesamte Metrik zu verwendet wird, so wird sie expliziet geshrieben).
UndfolgendeGleihungensinderfüllt:
H˜µµ(x) = 0 (1)
H˜µν(x)kν = 0 (2)
H˜µν(x)uν= 0 (Für einenfestgewähltenzeitartigenVektorua ist) (3)
kσkσ= 0 (4)
FürdieChristoelsymbolegilt:
Γγαβ= 1
2ηγδ(∂αH˜βδ+∂βH˜δα−∂δH˜αβ) (5) Γγαβ= i
2ηγδ(kαH˜βδ+kβH˜δα−kδH˜αβ) (6)
a)DieGeodätengleihunglautet:
¨
xγ+ Γγαβx˙αx˙β= 0 (7)
Inunserem speziellenBeispielmit(6)ergibtsih:
¨ xγ +i
2ηγδ(kαH˜βδ+kβH˜δα−kδH˜αβ) ˙xαx˙β = ¨xγ+ikαx˙αηγδH˜δβx˙β− i
2kγH˜αβx˙αx˙β= 0 (8)
Wirmultiplizieren(8)mitkγ,summierenunderhaltendamit:
kγx¨γ+ikαx˙α
(2)= 0
z }| { kδH˜δβx˙β− i
2kγkγ
| {z }
(4)= 0
H˜αβx˙αx˙β=kγx¨γ = 0 (9)
⇒ d
dτ(kγx˙γ) = 0 ⇒kγx˙γ =const=C
Alsnähstesmultiplizieren wir(6) mitx˙γ und summierenwieder:
¨
xγx˙γ+ i
2kγx˙γH˜αβx˙αx˙β= 0 (10)
ZumvereinfahendeszweitenTerms nutzenwiraus,dasdieGeodätenahBogenlängeparametrisiertist.
1 =gµνx˙µx˙ν =ηµνx˙µx˙ν+ ˜Hµνx˙µx˙ν ⇒ H˜µνx˙µx˙ν= 1−x˙µx˙µ
Wirführen eineneueVariablev:= ˙xµx˙µ ein.Damitformen wir(10)um 1
2v˙+iC
2 (1−v) = 0
v=Dei(Cτ+φ0)+ 1 D, φ0∈R, D≥0 (11)
BeideKurven inder Aufgabenstellung habenalsAnfangswertv(0) = 1 gegeben.DarausfolgtD= 0,v =const= 1.Für
denEihparameter ua wählenwirua= (1,0,0,0)T.Wirmultiplizieren(6)mituγ undsummierenerneut:
¨
x0+iC uδH˜δβ
| {z }
(3)= 0
˙ xβ−i
2k0(1−v) = ¨x0− i
2k0(1−v) = 0 (12)
FürunserAWPmitv= 1 undx˙0(0) = 1folgt:
¨
x0= 0 ⇒ x˙0=const= 1
Ausv= 1undx˙0= 1folgtdann bereits.
˙
x(τ) = (1,0,0,0)
(Diegleihe Rehnunggiltfüry)
b)DieJaobigleihunglautet:
D2
Dτ2Vµ=Rνκλµ TνTκVλ
DabeiistTa = (1,0,0,0) =∂0und Va= (0, δ,0,0) =δ·∂1.InderLinearenNährungist
Rµνκλ=∂κΓµνλ−∂λΓµνκ
Inunserem Beispielalso:
D2
Dτ2Vµ=δRµ001=δ(∂0Γµ01−∂1Γµ00)
Γµ01=1
2ηµσ(∂0H˜1σ+∂1H˜σ0−∂σH˜01)(3)= 1
2ηµδ∂0H˜1δ (13)
Γµ00=1
2ηµσ(∂0H˜0σ+∂0H˜σ0−∂σH˜00)(3)= 0 (14)
Damitlesen wirab:
D2
Dτ2Vµ =δ1
2ηµδ∂02H˜1δ =
−12δ∂02H˜11 ,fürµ=1
−12δ∂02H˜12 ,fürµ=2
0 ,sonst
(15)
Aufgabe23
a)
u=x0−x3 v=x0+x3
ηuv=η00
∂x0
∂u
∂x0
∂v +η33
∂x3
∂u
∂x3
∂v =1 4 +1
4 = 1 2 ηuu=η00
∂x0
∂u
∂x0
∂u +η33
∂x3
∂u
∂x3
∂u = 1 4−1
4 = 0 ηvv =η00
∂x0
∂v
∂x0
∂v +η33
∂x3
∂v
∂x3
∂v = 1 4−1
4 = 0
(AlleanderenKomponentenbleibenunverändert)
b)(Wir nehmenanguv= 12)Wirführen denLagrangianeinumdieChristoelsymbolezu berehnen:
L= 1
2( ˙uv˙−f2(u)( ˙x1)2−φ2(u)( ˙x2)2) (16)
DarausbestimmenwirdieEuler-Lagrange-Gleihungen:
1
2v¨=−f′(u)f(u)( ˙x1)2−φ′(u)φ(u)( ˙x2)2 1
2u¨= 0
−2f′(u)f(u) ˙ux˙1−f2(u)¨x1= 0
−2φ′(u)φ(u) ˙ux˙2−φ2(u)¨x2= 0
HierauslesenwirdieChristoelsymboleab.
Γv11= 2f(u)f′(u) Γv22= 2φ(u)φ′(u) Γ1u1=f′(u)
f(u) Γ2u2=φ′(u) φ(u)
Rαβ=∂γΓγβα−∂βΓγγα+ ΓǫβαΓγγǫ−ΓǫγαΓγβǫ
Damithaben wir:
Ruu=−∂u f′(u)
f(u) +φ′(u) φ(u)
−f′(u)2
f(u)2 −φ′(u)2
φ(u)2 =−f′′
f −φ′′
φ
Alleanderensind0.DieInverseMetrikhatdieEinträge:
guv= 2 g11= −1
f(u)2 g22= −1
φ(u)2 0sonst
⇒ R=gαβRαβ= 0
AusderEinsteinsheFeldgleihung:
Gαβ=Rαβ−1
2gαβR= 0
folgtdann:
f′′
f +φ′′
φ = 0
)DasgegebeneferfülltdieBedingung,denn:
f′′
f +φ′′
φ = −γ′′(u)
1−γ(u)+ γ′′(u)
1 +γ(u)=− 2γ′′(u)γ
1−γ2(u) = −2O(ǫ2)
1− O(ǫ2) ≈ O(ǫ2)
Fürφ= 1 +ǫsin(u)und f = 1−ǫsin(u)ergibtsih:
g=
1 0 0 0
0 −1 + 2ǫsin(x0−x3) 0 0
0 0 −1−2ǫsin(x0−x3) 0
0 0 0 −1
+O(ǫ2)
Beahtetmannoh:
2ǫsin(x0−x3) =Re 2ǫ
i ei(x0−x3)
istdieÄquivalenzzurgefordertenFormoensihtlih.