Prof.Dr.R.Verh,M.Teuhler,A.Knospe
. .
Inst. f. Theoretische Physik
UNIVERSITAT LEIPZIG
Wintersemester 2008/09
Musterlösungen zuÜbungen zurAllgemeinen Relativitätstheorie
Aufgabenblatt 2
(a)RehnenwirauswasLösungder angegebeneDierentialgleihungist:
x0(t) =u0t+y0 xi(t) = ai
2t2+uit+yi wobei ua,ya∈R4 (1)
EinesolheKurveistnihtimmer zeitartig,auhwennihrAnfangsgeshwindigkeitsvektorzeitartigwar:
ηµνx˙µx˙ν =uµuµ+ 2aµuµt+aµaµt2 wobeiaµ= (0,a) (2)
(b)WirbenutzendieNotationausMusterlösung1,Aufgabe2.
Λ(θ,n) =
coshθ −nTsinhθ
−nsinhθ Id(3×3)+ (coshθ−1)P(n)
(3)
⇒∂θθΛ(θ,n) =
coshθ −nTsinhθ
−nsinhθ coshθP(n)
= Λ(θ,n) ˜P(n) (4)
WobeiP˜(n) =
1 0T
0 P(n)
AusderAllgemeinenFormelfürLorentztransformationenkönnenwirnunfürBoostsfolgern((') bezeihnetAbleitungnah
θ):
ΛTηΛ =η (5)
⇒Λ′TηΛ + ΛTηΛ′= 0 (6)
⇒Λ′′TηΛ + 2Λ′TηΛ′+ ΛTηΛ′′= 0 (7)
(2)⇔Λ′TηΛ′=−1 2
P(˜ n)η+ηP˜(n)
=−P(˜ n)TηP˜(n) (8)
DamitkönnenwirleihtdieEigenzeitausrehnen:
τ(t) = 1 c Zt
0
dt′ s
η
dx(t′) dt′ ,dx(t′)
dt′
=a c Zt
0
dt′ q
η ∂θΛ1(θ)|θ=−at′
y, ∂θΛ1(θ)|θ=−at′
y
=
(6)= a c
t
Z
0
dt′ r
−η
P˜(e1)y,P(˜ e1)y
= r
−η
P˜(e1)y,P˜(e1)yat c =p
(y1)2−(y0)2at c
(9)
Obiges zeigt, dass es sih nur um eine zeitartige Kurve (eines massiven Teilhens) handelt, wenn y raumartig ist. Die
umparametrisierteKurveergibtsihdannals:
˜
x(τ) =x(t(τ)) = Λ1 − cτ p(y1)2−(y0)2
!
y (10)
Wirzeigennunnohdases sihumeineKurvekonstanterBeshleunigunghandelt:
η
d2x(τ)˜
dτ2 ,d2x(τ)˜ dτ2
= c4
((y1)2−(y0)2)2η
P(˜ e1)y,P˜(e1)y
= c4
((y1)2−(y0)2)2((y0)2−(y1)2) =− c4 (y1)2−(y0)2
(11)
y1<0 y1>0
()BerehnenwirzunähstdieVierergeshwindigkeitsowieViererbeshleunigungder Kurve:
˜ u(τ) =c
cosh
cτ y1
sinh
cτ y1
d˜u dτ = c2
y1
sinh
cτ y1
cosh
cτ y1
(12)
Wirsehen,dassdasTeilhenin einemSystemmitRapiditätθ=cτy1 undn=e1momentaninRuheist,denn:
Λ1
cτ y1
˜ u(τ) =
c 0
Λ1
cτ y1
d˜u(τ) dτ = c2
y1 0
1
(13)
d.h.im jeweilsmomentanen RuhesystemerfährtdasTeilheneinekonstanteBeshleunigungin e′1-Rihtung
(d)DieangegebenenPunkteaufder Kurveentsprehenτ-Wertenmit:
cosh cτ
y1
= 4 ⇒ τ± =±y1
c arcosh(4) ∆τ =τ+−τ−= 2 arcosh(4)y1 c
ImzugrundeliegendemSystemvergeht:
∆t= 2y1 c
p42−1≥2 arcosh(4)y1
c = 2 ln 4 +p
42−1y1 c
Aufgabe5
(a)Diein derVorlesungangegebeneKraftgleihungenlauten:
d˜pα(τ)
dτ = ˜Fα F˜=γFN (14)
WobeiwirF
N mitderNewtonshenKraftidentizierenund
dt
dτ =γ(t) (15)
Wirhaben imElektromagnetishemFelddieLorentzkraftgleihunggegeben:
F
el N =e
E+1 c
dx dt ×B
(16)
Setzenwirnunin(12)ein,erhaltenwirfür dieräumlihenKomponenten:
dp(τ)
dτ = md2x(τ)˜
dτ =mdt dτ
d dt
dt dτ
dx dt
=γ(t)d dt
mγ(t)dx dt
=γ(t)e
E+1 c
dx dt ×B
(17)
⇔ d dt
mγ(t)dx dt
=e
E+1 c
dx dt ×B
(18)
Esbleibtnunnurnohdie0-KomponentederKraftgleihungzubestimmen.Diese erhältmanausder Forderung,dass
du˜α
dτ F˜α= 0⇔ duα
dt F˜α= 0⇔cF˜0−F˜·dx
dt (19)
⇒F˜0= 1 cF˜·dx
dt =γ(t)e cE·dx
dt (20)
⇒ dp0
dτ =γ(t)d
dt(γ(t)mc) =γ(t)e cE·dx
dt (21)
⇔ d
dt γ(t)mc2
=eE·dx
dt (22)
(b)ShreibenwirnundieGleihungen(16)und(20)wiederaufτ umerhaltenwir:
md2˜x dτ2 =e
Eγ(t) +1 c
dx dτ ×B
(23)
md2x˜0 dτ2 = e
cE· d˜x
dτ (24)
Alsletzesistnohzuverwendendass
γ(t) = dt dτ = 1
c d˜x0
dτ (25)
womit (21)zu
md2˜x dτ2 =e
c
E
d˜x0 dτ +
dx dτ ×B
(26)
mitder angegebenenFormelfolgt:
Ei=Fi0 Bi =1
2ǫijkFjk i, j, k∈ {1,2,3} (27)
Wirsetzeneinin(22)und24
md2x˜0 dτ2 = e
cFν0d˜xν
dτ (28)
md2x˜i dτ2 =e
c Fi0
d˜x0 dτ +1
2 X
k
ǫijkǫklm
d˜xj dτ Flm
!
(29)
⇔md2˜xi dτ2 =e
c
Fi0
d˜x0 dτ +d˜xj
dτ Fij
=−e cFµi
d˜xµ
dτ (30)
WirerhaltenalsodiegeforderteEndgleihung:
md2x˜ν
dτ2 =e cFµν
d˜xµ
dτ (31)
()
d
dτ ηµνx˙˜µx˙˜ν
= 2¨x˜νx˙˜ν =e
cFµνx˙˜µx˙˜ν = 0 (32)
⇒ηµνx˙˜µx˙˜ν =const (33)
d.h.wegenGleihung(31)folgtdasbeibeliebigemzeitartigemAnfangsvektorx(0)˙˜ , x(τ)˙˜ zeitartigbleibt,alsonielihtartig
wird,undsomitnieLihtgeshwindigkeiterreihenkann.Diesistallerdingseigentlihaprioriso,dennin derKraftgleihung
kommtnurdie Vierergeshwindigkeitvor, dienah Denition immer den Konstanten betragc2 hat. Esist alsoeher eine
ForderunginderKraftgleihung,dassbetrahteteBahnkurvennahEigenzeitparametrisiertwerdenkönnen,wasnurmöglih
ist(sieheDef.Eigenzeit) wennder Geshwindigkeitsvektorimmerzeitartigbleibt.