Vorlesung 10
Folgen und Konvergenz von Folgen
10.1 Der Grenzbegriο¬ fΒ¨ ur Folgen
Deο¬nition 10.1.1. Eine Folge reeller Zahlen ist eine Abbildung
π:β ββ β
π 7ββ ππ
Wir schreiben kurz (ππ)πβ₯1 oder oft auch (ππ)πββ. Beispiele.
Folgenglieder explizite Darstellung implizite/rekursive Darstellung
π, π, π, π, π, ...(πββ) ππ=π ππ+1=ππ
1,12,13,14,15, ... ππ= 1π ππ+1= 1+πππ
π
π₯, π₯1, π₯2, π₯3, π₯4, ... ππ=π₯π ππ+1=ππβ π₯ 1,2,4,8,16, ... ππ= 2π ππ+1=ππβ 2 Folgender Begriο¬ ist von zentraler Bedeutung:
Deο¬nition 10.1.2. Sei (ππ)πββeine Folge. Sie konvergiert gegen ein πββ,
πββlim ππ=π
falls es zu jedemπ >0 einπ(π)ββgibt, derart, dass gilt
β£ππβπβ£< π, fΒ¨ur alleπβ₯π(π).
πheiΓt dann Grenzwert der Folge (ππ)πββ. Bemerkung. π(π) hΒ¨angt vonπab.
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Deο¬nition 10.1.3. FΒ¨urπββundπ >0 deο¬nieren wir alsπ-Umgebungππ(π) = (πβπ, π+π)
Sprechweise:
βFast alleβ bedeutet
βalle bis auf endlich viele Ausnahmenβ.
Lemma 10.1.4. Eine Folge (ππ)πββkonvergiert gegenπgenau dann, wenn fΒ¨ur jedesπ >0 fast alle Elemente der Folge in derπ-Umgebung von πliegen.
Andere Formulierung: Wir sagen eine Folge hat den Grenzwert π, wenn gilt:
Zu jedem π > 0 (dieser Wert legt die Umgebung von π fest) gibt es ein π, so dass alle Folgenglieder, die einen hΒ¨oheren Folgenindex als π haben, in der π-Umgebung von πliegen. Somit haben wir
πββlim ππ =π
β βπ >0βπββ: β£ππβπβ£< πβπβ₯π
β βπ >0βπββ: βπβ₯π β β£ππβπβ£< π.
Beispiele.
β Die konstante Folgeππ=πhat den Grenzwertπ.
Beweis. Sei π > 0 beliebig aber fest vorgegeben. Wir setzen π(π) = 1.
Dann gilt
β£ππβπβ£
| {z }
β£πβπβ£=0<π
< π βπβ₯π = 1
Bemerkung. In diesem Beispiel kΒ¨onnen wir auchπ = 7 oderπ = 2015 wΒ¨ahlen.
β Wir betrachten die Folgeππ= π+1π . Wir raten und nehmen an der Grenz- wert ist 1, also lim
πββππ = 1.
Beweis. Um zuπ >0 ein π(π) zu ο¬nden, rechnet man oft versuchsweise rΒ¨uckwΒ¨arts:
β£ππβπβ£=β£π+1π β1β£< π β β£π+1π βπ+1π+1β£< π
β π+11 < πβπ+ 1>1π
β π >1πβ1 Zuπ >0 wΒ¨ahlen wirπ(π) mitπ(π)>1πβ1. Dann gilt:
π > π(π)βπ > 1
π β1βπ+ 1> 1
π β 1
π+ 1 < π
β
π π+ 1 β1
< π.
Das beweist lim
πββ
π π+1 = 1.
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Hierzu einZahlenbeispiel: WΒ¨ahle π = 101. Dann gilt fΒ¨ur π > 1πβ1 = 10β1 = 9:π > 9 β β£ππβ1β£ < π. So gilt z.B. fΒ¨ur π10, dass β£π10β1β£=
β£1011β1β£=β£111β£< 101.
β Es gilt lim
πββ
1 π = 0.
Beweis. R¨uckw¨arts rechnen liefert:
1 πβ0
< πβ 1
π < πβπ > 1 π
Sei nun π > 0 beliebig aber fest vorgegeben. Dann wΒ¨ahlen wir π > 1π. Somit gilt:
π > π= 1 π β
1 πβ0
< π
β Wir wollen zeigen, dass gilt: limπββ π 2π = 0.
Beweis. Wir beweisen zunΒ¨achst induktiv fΒ¨ur π > 4 die Behauptung I:
π2β€2π β 2ππ β€π1( Β¨Ubung). Mit Behauptung I gilt fΒ¨urπβ₯4:
π 2π β0
= π 2π β€ 1
π WΒ¨ahleπ(π) =1π. Dann gilt:
π > π(π)βπ > 1 π β 1
π < πβ
π 2π β0
< π
β Wir betrachten die Folge ππ = (β1)π und wollen zeigen, dass (ππ)πββ
nicht konvergiert. Wir f¨uhren einen Widerspruchsbeweis.
Beweis. Angenommen, die Folge konvergiert gegen einen Grenzwert πβ β. Dann gilt lim
πββ(β1)π=π. Also gibt es zuπ=12 einπ(π) mitπβ₯π(12)
β β£(β1)πβπβ£< 12. Also gilt fΒ¨ur πβ₯π(12):
2 =β£(β1)πβ(β1)π+1β£=β£(β1)πβπ+πβ(β1)π+1β£
β³βπ πππ.
β€ β£(β1)πβπβ£+β£(β1)π+1βπβ£
β€ 1 2+1
2 = 1 Widerspruch!
Bemerkung. Im obigen Widerspruchsbeweis kΒ¨onnen wir anstatt π = 12 auch ein beliebigesπmit 0< πβ€1 wΒ¨ahlen.
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Satz 10.1.5(Grenzwerte und algebraische Operationen,
βGrenzwertsΒ¨atzeβ (GWS)).
Seien (ππ)πββund (ππ)πββkonvergente Folgen mit Grenzwertenπ= limπββππ
undπ= limπββππ.
(i) Seien π, πββ. Dann konvergiert die Folge (πππ+πππ)πββ und es gilt:
πββlim πππ+πππ=ππ+ππ (ii) Die Folge (ππβ ππ)πββ konvergiert und es gilt:
πββlim ππβ ππ=πβ π
(iii) Sei π β= 0. Dann gibts es π0 mit π β₯ π0 β ππ β= 0. Dann konvergiert (πππ
π)πβ₯π0 und es gilt:
πββlim ππ
ππ
=π π
Beispiele. Wir wenden Satz 10.1.5 auf die Folgeππ= ππ22+4π+5+π+1 = 1+
4 π+π25 1+π1+π21 . Wir dΒ¨urfen nun den Grenzwert jedes Summanden des Nenners und des ZΒ¨ahlers einzeln bestimmen. Wir haben bereits gezeigt, dass limπββ 1
π = 0. Daraus folgt:
πββlim
4
π = lim
πββ4β 1π GWS= 4β 0 = 0
πββlim
1
π2 = lim
πββ
1
πβ π1 GWS= 0β 0 = 0
πββlim
5
π2 = lim
πββ5β π1β 1π GWS= 5β 0β 0 = 0 Daher gilt fΒ¨ur den Nenner bzw. den ZΒ¨ahler der Folgeππ:
πββlim 1 + 4 π+ 5
π2
GWS= 1 + 0 + 0 = 1
πββlim 1 + 1 π+ 1
π2
GWS= 1 + 0 + 0 = 1.
Daraus folgt nun lim
πββππ= 11 = 1.
Satz 10.1.6. (Sandwich-Lemma)
Falls ππ β€ππ β€ππ fΒ¨ur fast alle πββgilt und lim
πββππ = lim
πββππ ist, so folgt
πββlim ππ = lim
πββππ= lim
πββππ.
Beispiele. Betrachte die Folge ππ = π!1. Wir schΒ¨atzen diese Folge nach unten hin mit der konstanten Folgeππ = 0 und nach oben hin mit der Folge ππ = 1π ab. Dann gilt fΒ¨ur alleπββ:
ππ= 0β€ππ= 1
π! β€ππ= 1 π. Zudem gilt
πββlim ππ= lim
πββππ= 0 = lim
πββ0 = lim
πββ
1 π = 0 Es folgt also mit dem Sandwich-Lemma, dass lim
πββππ = 0 gilt.
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