Musterlösung Frühling 2000
Aufgabe 1 7 Punkte
a) 1 Punkt
b)
A w r A A A
r A
A
k k C
V C J V C Q V k
J dt
dC = −
⋅− = − ( + ) 2 Punkte
Stationärzustand : = 0 dt dC
A= −
r+
w⋅
A∞A
k k C
V
J ( )
0
) (
r wA
A
V k k
C J
= +
∞
B w A r B A
r
B
C k C k C
V C Q dt k
dC =
⋅− = −
Stationärzustand : = 0 dt dC
Bk
rA B
Q J
AQ, J
A, J
BErnte
) (
)
(
r wr A w r
A w r A
w r B B
k k J k k k
J k k V C Q k QC k
J = +
= +
=
=
∞ ∞c)
∞∞= = 10
w r A B
k k C
C 1 Punkt
mit V k
w= Q
⇒
Q Vk k
k
rw r
=
= 10
⇒ 10 Vk
rQ =
d) = 0 . 5
A B
J
J 1 Punkt
5 .
= 0
= +
w r
r A B
k k
k J
J
⇒ k
r= 0 . 5 k
r+ 0 . 5 k
w⇒ 0 . 5 k
r= 0 . 5 k
w⇒
V k Q
k
r=
w= ⇒ Q = Vk
re)
B A
J
= J
ε unabhängig von J
A, bleibt also ε = 0.5 1 Punkt
da k
r= k
wund Q ∼ k
wfolgt für
w r
r B A
k k
k J
J
= +
= ε
3 1 3
2 = =
= +
r r w r
r neu
k
k
k
k
ε k
Aufgabe 2 7 Punkte
a)
1 1 11 0
1
C k C
V Q dt
dC = − = − 1.5 Punkte
2 2 1 2 2 2 0 1 2 2 0
C k C k V C
C Q V Q dt
dC = − = −
b) Lösung homogene Diff.gl. 1.Ordnung mit konst. k: 1.5 Punkte C1(t) = C
0e
-k1t
Maximalkonz. ist C
0= V
1M
0 1
( ) C
t
C = 0.05 = e
-k1tmit k
1=
1 0
V Q
⇒
0.05 = e
-1⋅tln 0.05 = -1 1/d⋅t t = - ln 0.05 ≈ 3 d
c) C
2C
2max1 Punkt
fallende e-Funktion
t C
2(0) = 0
C
2∞= 0
d) 1.5 Punkte Da k1 = Q
0/V
1 = 1 d
-1 ist bereits nach 5 Tagen alle Substanz aus See 1 ausgespült und daher wird keine weitere Substanz aus See 1 in See 2 gespült. Daher erfolgt in See 2 nur noch Auswaschung gemäss α = k
2 = Q
0/V
2!
e) 1.5 Punkte
Nun Rückkoppelung aus See 2 nach See1. Es wird dadurch eine relativ zum Volumen V
1grosse verunreinigte Wassermenge Q
paus See 2 zurückgepumpt.
Dadurch nimmt die Konzentration der Substanz in See 1 langsamer ab als in Fall c).
Insgesamt ist also die Verweilzeit im System (See1 und See2) viel grösser.
Aufgabe 3 7 Punkte
a) Es gilt: 1.5 Punkte
s s m m D
t
Diffmixy
3 2 42 2
/ 1.25 10
2
25 = ⋅ 10
= ⋅
=
−mit
Difft
mixx t
v = x =
1⇒ x
1= v ⋅ t
mixDiffx
1= 0.2 m/s ⋅ 1.25⋅10
4s = 2.5⋅10
3m = 2.5 km
b) Verdünnung des Stoffes: 1 Punkt
Fluss Q
F= 0.2 m
3/s = 2 ⋅10
2L/s Einleitung Q = 1 L/s
Verdünnungsfaktor 1:200 C
mix= 400 mg/L / 200 = 2 mg/L
oder : C
0⋅ Q
in= C
mix⋅ Q
FC
mix=
−⋅ s m
s m
/ 2 . 0
/ 10
3 3 3
400 mg/L = 2 mg/L
c) Abbau des Stoffes 1.5 Punkte
1
1
k C
dt dC
−
r= C(t) = C
0e
-krtC
grenz= C
1e
-krt=
=
= 0 . 05
/ 2
/ 1 . 0
1
mg L
L mg C
C
grenze
-3- k
rt = -3
10 6 ⋅
−
− k
rx
2= 0.5 ⋅ 10
4s ⋅ 0.2 m/s = 0.1 ⋅ 10
4m = 10
3m = 1 km
d) 1.5 Punkte
Da es sich um ein lineares Modell (Mischung durch Diffusion und Abbau nach Reaktion 1. Ordnung) handelt, können beide Prozesse überlagert werden. Der Grenzwert wird bereits früher erreicht und zwar bei:
x
2*= x
1- x
2= 1.5 km
Abbaugeschwindigkeit ist unabhängig von der Anfangskonzentration (Reaktion 1.Ordnung):
0.01 0.1 1 1 0 1 0 0 1 0 0 0
0 5 0 0 1 0 0 0 1 5 0 0 2 0 0 0 2 5 0 0 3 0 0 0 3 5 0 0
A b b a u C 0 A b b a u C m i x
Konzentration
Distanz Einleitung CG r e n z
CMix
C 0
e) k C J
x v C y D C t C
r
+
∂ −
− ∂
∂
= ∂
∂
∂
2 2