Übungsaufgaben zur Vorlesung
Physikalische Chemie I – Kinetik
Musterlösung Blatt 1 WS 2012/13
1.)
2.)
3.)
4.)
P A ⎯⎯→k 2
k = 2.62 × 10-3 dm3 mol-1 s-1 [A]0 = 1.7 mol dm-3
Es gilt:
[ ] [ ]
22
1 k A
dt A
d =
−
daraus folgt mit
[ ]
[ ]
[ ]
[ ]
∫
A= − ∫t
A
kdt A
A d
0
2
2
0
[ ] [ ]
1A A10 2kt=
−
bei t = t1/2 gilt: [A]=1/2 [A]0 d. h.
[ ] [ ]
A20 − A10 =2kt12 und damit[ ] mol dm s
dm mol s A
t k 112 , 26
10 62 , 2 7 , 1 2 2
1
3 3
3
2 0
1
=
⋅
⋅
= ⋅
=
−5.)
Überprüfen 1. Ordnung:
Überprüfen 2. Ordnung:
6.)
A B a) Es gilt:
[ ] [ ] [ ] A
∞+ B
∞= A
0= 1 mol l
−1 und[ ] [ ]
2 12 1 =
=
=
∞
∞
k k A Keq B
daraus ergeben sich die Grenzwerte der zu skizzierenden Kurven zu
[ ]
B∞ =[ ]
A∞2 1
[ ] [ ]
0 1 1 23 −
∞ = A = moll A
[ ]
13
2
−∞
= mol l
A
[ ]
13
1 −
∞ = moll B
b) Die Konzentrationen von A und B ergeben sich aus den Gleichungen
[ ] [ ] [ ] A = ( A
0− A
∞) ⋅ exp ( − ( k
1+ k
2) t ) + [ ] A
∞[ ] [ ] [ ] [ ] B = B
∞− ( B
∞− B
0) ⋅ exp ( − ( k
1+ k
2) t )
t = 0,1 s:
[ ]
1 1(
1)
1 0,99 13 1 2 , 0 3 , 0 3 exp
1 − 2 − ⎟⋅ − − ⋅ + − = −
⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ −
= moll moll s s moll moll
A
[ ]
1 1 0 1 exp(
0,3 1 0,1)
9,9 10 3 13 1 3
1 − − − ⎟⋅ − − ⋅ = ⋅ − −
⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ −
−
= moll moll moll s s moll
B
t = 0,5 s:
[ ] A = 0 , 95 mol l
−1[ ] B = 0 , 05 mol l
−1 t = 1 s:
[ ] A = 0 , 91 mol l
−1[ ] B = 0 , 09 mol l
−1 t = 2 s:
[ ] A = 0 , 85 mol l
−1[ ] B = 0 , 15 mol l
−1 t = 10 s:
[ ] A = 0 , 68 mol l
−1[ ] B = 0 , 32 mol l
−1 t → ∞:
[ ]
13
2 −
= moll A
[ ]
13
1 −
= moll B