Variablensubstitution Aus der Kettenregel
d
dx F (g (x)) = f (g (x))g
0(x), f = F
0,
folgt f¨ ur eine Substitution y = g (x) durch Bilden von Stammfunktionen Z
f (g (x))g
0(x) dx = F (y ) + c = Z
f (y ) dy . Entsprechend gilt f¨ ur bestimmte Integrale
Z
b af (g (x))g
0(x) dx = F (g (b)) − F (g (a)) = Z
g(b)g(a)
f (y) dy Mit Hilfe von Differentialen l¨ asst sich diese Identit¨ at in der suggestiven
Form Z
ba
f (g (x)
| {z }
y
) dy dx dx =
Z
g(b)g(a)
f (y) dy
schreiben.
Beispiel
Variablensubstitution bei erkennbarer innerer Ableitung (i) Unbestimmtes Integral:
z.B. Z
(ln x)
2(1/x) dx = Z
f (g (x)) g
0(x) dx mit f (y) = y
2, y = g (x) = ln x, g
0(x) = 1/x
Substitutionsregel R
f (g (x))g
0(x) dx = R
f (y) dy Z
y
2dy = 1 3 y
3+ c R¨ ucksubstitution y = g (x) = ln x
Z ln x
2x dx = 1
3 (ln x )
3+ c
(ii) Bestimmtes Integral:
z.B.
Z
π/20
√
sin x cos x dx = Z
ba
f (g (x )) g
0(x ) dx mit f (y) = √
y, y = g (x ) = sin x, g
0(x) = cos x Bilder von a = 0, b = π/2 unter der Abbildung x 7→ y:
g (a) = sin(0) = 0, g (b) = sin(π/2) = 1 transformiertes Integral
Z
g(b) g(a)f (y ) dy = Z
10
√ y dy = 2
3 y
3/2 10
= 1 − 0 = 1
Beispiel
Stammfunktion F (y) von (e
y− 1)
−1f¨ ur y > 0 (Pol bei y = 0) Substituiere y = g (x) = ln x ⇐⇒ x = e
yim unbestimmten Integral
Z
f (y ) dy = Z 1
e
y− 1 dy Transformationsregel, dy =
x1dx = ⇒
Z
f (y) dy = Z
f (g (x)) g
0(x)
| {z }
dy/dx
dx = Z 1
x − 1 1 x dx =
Z 1 (x − 1)x dx Partialbruchzerlegung
(x−1)x1= −
1x+
x−11− ln |x| + ln |x − 1| + c = ln
x − 1 x
+ c = ln |1 − 1/x| + c R¨ ucksubstitution von x = e
yStammfunktion
F (y) = ln |1 − 1/e
y| = ln |1 − e
−y|
Beispiel
Lineare Variablensubstitution
y = px + q
(i) Unbestimmtes Integral R
(2x − 3)
4| {z }
f(x)
dx:
y = 2x − 3, dy = 2 dx Z
(2x − 3)
4(dx/dy) dy = Z
y
4(1/2) dy = 1
5 · 2 y
5+ c R¨ ucksubstitution Stammfunktion
F (x) = 1 10 y
5y=2x−3
= (2x − 3)
510
(ii) Bestimmtes Integral Z
0−1
1
(3 − 4x)
2dx:
Umrechung der Differentiale
y = 3 − 4x, dy = −4 dx und Transformation der Grenzen
x = −1 7→ y = 3 − 4 · (−1) = 7, x = 0 7→ y = 3 − 4 · 0 = 3
Z
0−1
1
(3 − 4x)
2(dx/dy ) dy = Z
37
(1/y
2) (−1/4) dy
= [(−1/y) (−1/4)]
y=3y=7= 1
4 · 3 − 1 4 · 7 = 1
21
Beispiel
Unbestimmtes und bestimmtes Integral von f (x) = 1/ p
x
2− 6x + 5 Umformung durch quadratische Erg¨ anzung
x
2− 6x + 5 = (x − 3)
2− 4 = 4 ((x − 3)/2)
2− 1 f (x ) = 1
2
1
p ((x − 3)/2)
2− 1 (i) Unbestimmtes Integral R
f (x) dx:
Substitution y = (x − 3)/2, dx = 2dy Z
f (x) dx =
Z dx
√
x
2− 6x + 5 =
Z dy
p y
2− 1
Substitution y = cosh t, dy = sinh t dt Z dy
p y
2− 1 =
Z sinh t dt sinh t =
Z
dt = t + c
= arcosh y + c = arcosh((x − 3)/2) + c
= ln
x − 3 2 + 1
2
p x
2− 6x + 5
+ c
(benutzt: cosh
2t − 1 = sinh
2t, Formel f¨ ur die Umkehrfunktion von cosh) (ii) Beispiel eines bestimmten Integrals:
Z
7 5√ dx
x
2− 6x + 5 =
ln
x − 3 2 + 1
2
p x
2− 6x + 5
75
= ln(4/2 +
√
12/2) − ln(2/2 +
√ 0/2)
= ln(2 + √
3) − ln 1 = ln(2 + √
3)
Beispiel
Verschiedene Berechnungsmethoden f¨ ur R
1 0√
1 − x
2dx (i) Geometrisches Argument:
f (x) = √
1 − x
2≥ 0 f¨ ur 0 ≤ x ≤ 1
= ⇒ R
f (x) dx: Inhalt der Fl¨ ache A (Viertelkreis) unter dem Funktionsgraph
= ⇒ R
10
f (x) dx = π/4 (ii) Substitution x = sin u:
dx = cos u du und x = 0 7→ u = 0, x = 1 7→ u =
π2= ⇒ Z
10
f (x) dx = Z
π/20
p
1 − sin
2u
| {z }
cosu
cos u du = 1 2
π
2
(iii) Substitution x = cos u:
dx = − sin u du und x = 0 7→ u = −π/2, x = 1 7→ u = 2π
(ebenfalls m¨ oglich u = 0 bzw. u = 2kπ; Eindeutigkeit des Urbildes der Transformationsabbildung nicht erforderlich - gleiche Resultate)
= ⇒ Z
1 0f (x) dx = Z
10
p 1 − cos
2u (− sin u) du =
(∗)
Z
2π−π/2
− sin
2u du = − 5π 4 (*) falsche Berechnung der Wurzel
richtig: √
1 − cos
2u = | sin u| korrektes Ergebnis Z
10
f (x ) dx = Z
2π−π/2
| sin u|(− sin u) du
= Z
0−π/2
− sin
2u du + Z
π/20
sin
2u du − · · ·
= π
4
Beispiel
Mercator-Projektion:
winkeltreue Abbildung der Erdoberfl¨ ache auf eine Ebene (x, sin ϑ) 7→
x cos ϑ ,
Z
ϑ0
dt cos t
Streckung der Breitenkreise mit dem Faktor 1/ cos ϑ
Bestimmung einer Stammfunktion F f¨ ur f (t) = 1/ cos t Substitution
u = 1
cos t + tan t = 1 + sin t
cos t , du = sin t
cos
2t + 1 cos
2t
dt
= ⇒
Z 1
cos t dt = Z
(cos t)
−1sin t
cos
2t + 1 cos
2t
−1du
| {z }
dt