Lösungsansatz Aufgabe 2 Vorklausur 2020 2.1
Kostenfunktion:
d= 216 K(5) = 421 K(10) = 976 kv(4) = 40 kv`(4) = 0 (BM)
125a + 25b + 5c +216 = 421
→ 25a + 5b + c = 41 (I) 16a + 4b + c = 40 (II) 8a + b = 0 (III)
Lösung durch Gaußsche Elimination, Kontrolle TR mit sys-solv
a = 1, b = -8, c = 56
Daraus ergibt sich folgende Kostenfunktion:
→ K(x) = x3 – 8x2 + 56x + 216 (7P.)
2.2
E(x) = G(x)+K(x)
E(x) = −37,5⋅x2+3750⋅x
p(x) = −37,5⋅x+3750 (4P.)
2.3
Gewinnmaximum: G‘(x) = 0 ; G''(x) < 0 G‘(x) = -1,5x² + 45 x + 1250 = 0
x1 = - 17,53 (außerhalb des Definitionsbereiches) x2 = 47,53
G''(x)= -3x + 45 G''(47,53) < 0 → HP
G(47,53) = 26.554,74 → Er kann mit maximal 26.554,74 GE rechnen. Das Ziel wird
übertroffen. (7P.)
2.4
Kurzfristiger Mindestpreis (Betriebsminimum) kv(x) = 0,5 x² – 60 x + 2500
1. Bed.: kv’(x) = 0 kv‘(x) = x – 60 = 0
<=> x=60
2. Bed.: kv‘‘(x) = 1 >0 Minimum kv(60) = 700 Bmin (60/700)
Die kurzfristige Preisuntergrenze beträgt 700 GE. (4P.) 2.5
Grenzkostenminimum
GK(x)=1,5x2−120x+2500 1. Bed.: GK’(x) = 0
GK ´(x)=3x−120=0 → x = 40 2. Bed.: GK´´(x) > 0 für alle x>0 -> Min.
GK ´ ´(40)=3>0 → TP
Einsetzen: GK(40)=1,5⋅402−120⋅40+2500=100
GK min (40/100) (4P.)
2.6
Langfristiger Mindestpreis (Betriebsoptimum) k(x) = 0,5 x² – 60 x + 2500 + 30.000 *x -1
1. Bed.: k’(x) = 0
k‘(x) = x – 60 – 30.000 *x -2 = 0
<=> x= 66,74
2. Bed.: k‘‘(x) = 1 + 60.000 *x -3 > 0 für alle x>0 -> Min.
k(66,74) = 1172,22 Bopt. (66,74 /1172,22)
Die langfristige Preisuntergrenze beträgt ca. 1172 GE. (5P.) 2.7
P(47,53) = 1967,63 GE → Gewinnoptimaler Preis liegt bei ca. 1968 GE. (3P.)