UNIVERSIT¨ AT LEIPZIG
INSTITUT F ¨ UR THEORETISCHE PHYSIK
Quantenmechanik Ubungsblatt 7 ¨ Musterl¨ osungen
19 Aufgabe
Wir haben: [a, a
∗] = 1, [a, (a
∗)
2] = 2a
∗], [a, (a
∗)
3] = 3(a
∗)
2, und es l¨ asst sich unter Verwendung von [A, BC] = [A, B ]C + B[A, C] induktiv sofort beweisen, dass
[a, (a
∗)
n] = n(a
∗)
n−1. (1)
Wegen Linearit¨ at des Kommutators gilt [a, e
λa∗] =
∞
X
n=0
λ
nn! [a, (a
∗)
n] = . . . = λe
λa∗. (2) Es sei nun ψ
0normiert, und sei ψ
n= N
n(a
∗)
nψ
0. Wir finden
(ψ
n, ψ
n) = N
n2(ψ
0, a
n(a
∗)
nψ
0) = N
n2n (ψ
0, a
n−1(a
∗)
n−1ψ
0) = . . . = N
n2n! (ψ
0, ψ
0) = 1, (3) also N
n= 1/ √
n!, d.h. die Vektoren
ψ
n= (a
∗)
n√ n! ψ
0(4)
sind auch normiert. Schliesslich aψ
n= a (a
∗)
n√ n! ψ
0= (a
∗)
na + n(a
∗)
n−1√ n! ψ
0= √
nψ
n−1, (5)
und analog
a
∗ψ
n−1= √
n ψ
n. (6)
Wir sehen sofort, dass auch die folgende Formel
a
∗a ψ
n= n ψ
n(7)
g¨ ultig ist.
In der Aufgabe 18 wurde argumentiert, dass alle normierbaren Eigenzust¨ ande des Hamilton-
operators bereits in der Familie {ψ
n} liegen. Die Existenz der Streuzust¨ ande ist per Annahme
ausgeschlossen
1. Alle Bindungszust¨ ande mussen normierbar sein. Die Familie der Eigenvektoren eines selbstadjungierten Operators ist nach Spektralsatz vollst¨ andig, was in unserem Fall bedeutet, dass die Familie {ψ
n} vollst¨ andig sein muss.
20 Aufgabe
Per Definition gilt:
x = 1
√ 2 (a + a
∗), p = i
√ 2 (a
∗− a). (8)
In dieser Aufgabe wird das folgende Argument oft verwendet: die Ausdr¨ ucke der Form
(ψ
0, a
n(a
∗)
mψ
0) (9)
verschwinden wenn n 6= m; dieses Argument gilt allgemein, sogar wenn die Reihenfolge der Ope- ratoren anderes ist, z.B.
(ψ
0, a
na
∗a(a
∗)
mψ
0) (10)
verschwindet auch, wenn n 6= m.
Unter Verwendung dieses Arguments finden wir zun¨ achst, dass hxi
ψn= 0 = hpi
ψnund auch (ψ
n, x
2ψ
n−1) = 0 = (ψ
n, p
2ψ
n−1). (11) Weiterhin gilt
(ψ
n, x
2ψ
n) = 1
2 (ψ
n, [a
2+ (a
∗)
2+ aa
∗+ a
∗a] ψ
n) = (ψ
n, [a
∗a + 1/2]ψ
n) = n + 1/2. (12) Analog
(ψ
n, p
2ψ
n) = n + 1/2. (13)
F¨ ur die “off-diagonale” Matrixelemente der x und p Operatoren finden wir (ψ
n, xψ
n−1) = 1
√ 2 (ψ
n, [a + a
∗]ψ
n−1) = r n
2 (14)
und
(ψ
n, pψ
n−1) = i r n
2 . (15)
21 Aufgabe
Per Annahme
ψ(t = 0) = ψ
0+ ψ
1√ 2 . (16)
1
Diese Annahme ist nicht n¨ otig; In der nichtrelativistischen Quantenmechanik gibt es tats¨ achlich keine Streu-
zust¨ ande des harmonischen Potentials.
Die ψ
0und ψ
1haben als station¨ are Zust¨ ande eine einfache Form der Zeitentwicklung:
ψ
0→ e
−itω(1/2)ψ
0, ψ
1→ e
−itω(1+1/2)ψ
1. (17)
Wir finden also
ψ(t) = e
−iωt/2√ 2
ψ
0+ e
−iωtψ
1. (18)
F¨ ur die Erwartungswerte ergibt sich hxi
ψ= 1
2 ψ
0+ e
−iωtψ
1, [a + a
∗][ψ
0+ e
−iωtψ
1]
= . . . = cos(ωt), (19) und
hpi
ψ= i
2 ψ
0+ e
−iωtψ
1, [a
∗− a][ψ
0+ e
−iωtψ
1]
= . . . = − sin(ωt), (20) das heißt
d
dt hxi = hpi · ω (21)
d
dt hpi = −hxi · ω, (22)
In den dimensionsbehafteten Gr¨ oßen, ˆ x = p
ω ~ /k, p ˆ = √
~ ωm, sind diese Gleichungen den be- kannten Bewegungsgleichungen des klassischen harmonischen Oszillators,
d
dt hˆ xi = h pi/m ˆ (23)
d
dt hˆ pi = −khˆ xi, (24)
¨ ahnlich. Allgemein in der Quantenmechanik gilt d
dt hAi
ψ= 1 i ~
h[A, H]i
ψ+ ∂A
∂t
ψ