Dr. P. Thurnheer Grundlagen der Mathematik I ETH Z¨urich
D-CHAB, D-BIOL Winter 2009
L¨ osungen zur Pr¨ ufung
1. a) lim
x→0
1−cos(x2) x2
Hospital
= lim
x→0
2xsin(x2)
2x = lim
x→0sin(x2) = 0 b) xcos(x2) = 1
2 d
dxsin(x2)⇒ Z
f dxz. B.= 1
2sin(x2) c) i) z = eiπ/4(cos(π/2) +isin(π/2))(1−i)3
−1 +i = eiπ/4eiπ/2(√
2e−iπ/4)3
√2ei3/4π
= 2e−i3/4π =√
2(−1−i) ii) z3 = 27i−1 +√
3i 1−√
3i =−27i= 27e−iπ/2
⇒z = 3e−i(π6+n2π3 ), n = 0,1,2 d) x(t)˙ −x(t)(ln(t) + 1) = ln(t) + 1
⇒x(t) = (x(t) + 1)(ln(t) + 1)˙ (⇒Erkennbare L¨osung: x(t)≡ −1)
⇒ Z t
t0
˙ x(τ) x(τ) + 1dτ
| {z } Z x(t)
x(t0)
1 x+ 1dx
= Z t
t0
(ln(τ) + 1)dτ Tipp= τ(ln(τ) + 1)|tt
0 −
Z t t0
τ1 τdτ
= τln(τ)|tt
0
⇒ln
x(t) + 1 x(t0) + 1
=tln(t)−t0ln(t0)
⇒x(t) =−1 + (x(t0) + 1)etln(t)−t0ln(t0) =−1 + (x(t0) + 1)tt tt00 t0 = 2, x(t0) = 3 ⇒x(t) =−1 + 4tt
22 =−1 +tt Oder:
i) Homogene (Separation) xh(t) = ctt ii) xp =−1
2. x(t) =˙ F(x(t)), mit F(x) = (x−3) sin(π5x)
Gleichgewichte (F(x) = 0): x(t)≡3, x(t)≡5n, n ∈Z Monotonie (sign(F(x))):
x∈(−5,0) : F(x)>0 x∈(0,3) : F(x)<0 x∈(3,5) : F(x)>0
3. a) divF(x, y, z) = 2 + 3 + 1 = 6
⇒ Z
∂K
hF(x, y, z), n(x, y, z)idσ Gauss= Z
K
6dvol = 61
3πr2h= 54π
b) G(x, y, z) = (x2−3yz)(1,1,1)T. Da der Vektor (1,1,1)T parallel zur Dreiecks- Ebene steht, steht der Normalenvektor der Dreiecksfl¨ache senkrecht auf G und der Fluss ist 0.
4. a)
0 3
0 1
x y
b) Z
G
dvol = Z 1
0
dx
Z −x(x−4) 3x
dy Z
√x
0
dz = Z 1
0
dx
Z −x(x−4) 3x
√xdy
= Z 1
0
(−x2+x)√ xdx=
Z 1 0
[−x5/2+x3/2]dx
= [−2
7x7/2+2
5x5/2]10 = 4
35 ≈0.11429
5. a)
f(x, y) = 3x3y−9xy+y2
=y(y+ 3x3−9x)
⇒y= 0∨y=−3x3+ 9x Diskussion von y =−3x3+ 9x:
Nullpunkte: x= 0,±√ 3
Extrema: 0 = −9x2+ 9 ⇔x=±1
Maximum bei (x, y) = (1,6), Minimum bei (x, y) = (−1,−6)
Wendepunkte: 0 =−18x⇒(x, y) = (0,0)
Symmetrie: y = −3x3 + 9x ist antisymmetrisch (bzgl. 0).
6
1
x y
0
b) 0 =∇f(x, y) =
9x2y−9y 3x3−9x+ 2y
⇔2y= 3x(3−x2)∧y(x2−1) = 0
⇔(x, y)∈ {(0,0),±(√
3,0),±(1,3)}
Hf(x, y) =
18xy 9(x2−1) 9(x2 −1) 2
Punkte (0,0), ±(√
3,0): Die Hesse-Matrix hat die Form Hf =
0 a a 2
f¨ur a = −9 resp. a = 18 und ist somit indefinit (nehme v1 = (1,1) und v2 = (1,−1)⇒vT1,2Hf v1,2 = 2±2a)⇒ Sattelpunkte.
Punkte ±(1,3): Hf =
54 0 0 2
ist positiv definit ⇒ Minima.
c) (1,3) ist Minimum,f(1,3) =−9⇒T(1,3)Graph(f) ={(x, y, z)∈R3|z =−9}
Punkt (1,1): n =
1 0
∂xf
×
0 1
∂yf
=
1 0 0
×
0 1
−4
=
0 4 1
f(1,1) = −5⇒T(1,1)Graph(f) ={(x, y, z)∈R3|4y+z =−1}
6. Es gilt: ∂xf = 2, ∂zf =−1, √1
3(∂xf+∂yf+∂zf) =√ 3.
⇒∂yf = 2 ⇒ ∇f =
2 2
−1
.
Die Richtungsableitung h∇f, vi ist maximal in Richtung v = k∇f∇fk = 13
2 2
−1
und nimmt dabei den Werth∇f, vi= 3 an. v steht gleichzeitig auch normal auf die Niveaufl¨ache in Q.
7. a) γ(t) =
1 + cos(t) 1 + sin(t)
2
, t∈[0,2π)
b) A= Z 2π
0
hf(γ(t)),γ(t)idt˙ = Z 2π
0
[−(−4−cos(t)−sin(t)) sin(t) + cos2(t)]dt
= Z 2π
0
[4 sin(t)+cos(t) sin(t)+1]dt Tipp= Z 2π
0
[4 sin(t)+1
2sin(2t)+1]dt= 2π Mit Stokes:
A= Z
B
hrotf, ezidσ = 2 Z
B
dσ = 2π
rotf =
1 2x+y+z
−1− 2x+y+z1 2
c) n= (∂ug×∂vg)(1,1) =
−2u 2u+ vu
−vu
×
1 ln(u)
−1−ln(u)
(1,1)
=
−2 3
−1
×
1 0
−1
=
−3
−3
−3
g(1,1) = (0,1,−1)⇒T(1,1)Graph(f) = {(x, y, z)∈R3|x+y+z = 0}
d) h(u, v) =f(g(u, v)) =
0 v−u2−1 ln(v−u2)
Dh(u, v) =
0 0
−2u 1
−v−u2u2
1 v−u2
⇒Dh(2,1) =
0 0
−4 1
4 3 −13
8. a) Z 1
0
hV(tvAB), vABidt= Z 1
0
(8t3+ 4t)dt= 4 =:A
b) Z
γ
hV(γ(t)),γ(t)idt˙ = Z
∂∆
hV(γ(t)),γ(t)idt˙ −A
Stokes
= −A+ Z
∆
hrotV(x, y, z), nidσ
= −A, da rotV = 0.