1 Übungsblatt Kern und Teilchenphysik
1.1 (Muonen)
Muonen werden in einer Höhevon
h = 8000
m erzeugtund bewegen sich miteinermittleren Geschwindigkeit
v = 0.998 c
,mit der Lichtgeschwindigkeitc = 3 · 10 8m
s
. Auf der Erdewird ein Fluss von
φ ∼ 180
m−2
s
beobachtet, d.h. die
Teilchen erreichen den Erdboden. Die Lebensdauer der Muonen beträgt
τ = 2.2 · 10 −6s. GemäÿnichtrelativistischerMechanik, beträgtdie Reichweite der Muonenalso:
s = vτ = 0.998 · 3 · 10 8 · 2.2 · 10 −6m= 658.68
m
Sie würden daherden Erdboden nichterreichen. Da siejedoch beobachtet
werdenundSieeineGeschwindigkeitvon
99.8
%derLichtgeschwindigkeitbesit- zen,mussdie relativistischeMechanikbenutzt werden.Hierausergibt sichmitHilfederZeitdilatationfürdieLebensdauerderMuonen(
τ 0 = γτ
):τ 0 = 1 q
1 − v c 2 2
τ = 1
q
1 − (0.998) 2
τ = 34.8 · 10 −6s
Dasbedeutetandererseits,dasssieeineStreckevon
s = vτ 0 = 0.998 · 3 · 10 8m· 34.8 · 10 −6s= 10419.86
m
= 10419.86
mSomit ist die Weglänge also ca. 15 mal so groÿ wie in der Rechnung mit
der nicht relativistischen Mechanik. Die Teilchen erreichen in diesem Fall,wie
beobachtetdenErdboden.
1.2 (Zerfall eines neutralen Teilchens)
DieImpulse sindalsGraphikimmathematica AusdruckimAnhangzunden.
Wir betrachtendieeinzelnenauftretendenTeilchen:
Teilchen Massein MeV
/c 2
p
938.27203
π ± 139.57018
K
0 497.648
Λ 1115.683
Esistzubestimmen, welcherderbeidenZerfälle:
K s 0 → π + π −
Λ → pπ −
p X 0 · p X 0 = p A + · p A + + p B − · p B − + 2p A + · p B −
Dies können wir mit
p · p = E c 2 2 − ~ p 2 = m 2 c 2 (Herleitung siehe Vorlesung) umformenzu:
m 2 X 0 c 2 = m 2 A + c 2 + m 2 B − c 2 + 2 E A +
c E B −
c − ~ p A + · ~ p B −
DieEnergie-Impuls-BeziehungderSRTlautet:
E 2 = ~ p 2 c 2 + m 2 c 4
setzenwirdas
E
ausdieserBeziehungein,erhaltenwir:m 2 X 0 c 2 = m 2 A + c 2 + m 2 B − c 2 + 2 q
~
p 2 A + + m 2 A + c 2 q
~
p 2 B − + m 2 B − c 2 − p ~ A + · ~p B −
SomitfolgtfürunsereBestimmungsformel(wennwirdiesedirektinEnergien
habenmöchten,wobeiunsereMasseninEinheiten von
eV
c 2
auftreten):m 2 X 0 c 4 = m 2 A + c 4 +m 2 B − c 4 +2 q
~
p 2 A + c 2 + m 2 A + c 4 q
~
p 2 B − c 2 + m 2 B − c 4 − ~ p A + · ~p B − c 2
WirkönnennundiegegebenenWerteeinsetzenunddurchVergleichdenzu
erwartendenZerfallbestimmen.Esgilt
~ p 2 A + = 4.68635
GeVc 2 2
,~ p 2 B − = 0.303721
GeVc 2 2
und
~ p A + · ~ p B − = 1.15031
GeVc 2 2
. Die Massen nehmen wiraus der Tabelle undndenfürdenZerfall
K s 0 → π + π −
0.247654
GeV2 = 0.20485GeV2
DieAbweichungbeträgthieralsoca.
17.28
%(siehe mathematica).DerzweiteZerfall
Λ → pπ −
liefert:
1.24475
GeV2 = 1.28186GeV2
Dies entspricht einer Abweichung von ca.
2.98
% und ist somit sehr vielgeringeralsderfürden ersten ZerfallermittelteWert. Dahergehen wirdavon
aus,dassderZerfall
Λ → pπ −vorliegt.
Esistzuzeigen,dassdie Schwellenenergiegegebenistals:
E = M 2 − m 2 A − m 2 B 2m B
c 2
mit
M = P
i m i
.Es giltimLaborsystem:p
Lab
= p A + p B
wirquadrierenwieder:
p
Lab
· p
Lab
= p A · p A + p B · p B + 2p A · p B
UnterderVerwendungderBeziehung
p · p = E c 2 2 − ~ p 2 = m 2 c 2folgt:
p 2
Lab
= m 2 A c 2 + m 2 B c 2 + 2 E A E B
c 2 − ~ p A · ~ p B
mitderEnergie-Impuls-BeziehungderSRT
p 2
Lab
= m 2 A c 2 + m 2 B c 2 + 2 E A
p ~ p 2 B c 2 + m 2 B c 4
c 2 − ~ p A · ~ p B
nach Ausnutzen der Vorraussetzung (ruhendes Teilchen
B
)~ p B = 0
, folgtsomitvereinfachend:
p 2
Lab
= m 2 A c 2 + m 2 B c 2 + 2E A m B
Wir betrachten die Schwellenenergie, d.h. die erzeugten Teilchen besitzen
jeweilsdieRuheenergie
E i = m i c 2.D.h.,wennwirüberalleRuheenergien(bzw.
entstandeneTeilchen)summieren,erhalten wir:
N
X
i =1
E i =
N
X
i =1
m i c 2 = M c 2
mit
M = P
i m i
(siehe Aufgabenstellung).Betrachten wir nun das CM-System (center of momentum), für diesesgilt
~
p tot = 0
,somit:p
CM
=
P N
i=1 E i
0 c
0 0
=
M c
0 0 0
AufGrundderLorentzinvarianzgiltnun:
p 2
CM
= p 2
Lab
einsetzenliefert:
M 2 c 2 = m 2 A c 2 + m 2 B c 2 + 2E A m B
2E A m B = M 2 − m 2 A − m 2 B c 2 M 2 − m 2 A − m 2 B
2
Wir betrachtendenProzess:
p + p → p + p + π + + π −
mit
m p = 938.27203
MeV/c 2 und m π ± = 139.57018
MeV/c 2. Einsetzen in
dieSchwellenenergieformelliefert:
E =
4 · (139.57018 + 938.27203) 2 − 2 · 938.27203 2
2 · 938.27203
MeV= 1538.07554
MeVb)
Wir betrachtendenProzess:
π − + p → K 0 + Σ 0
mit
m p = 938.27203
MeV/c 2,m π ± = 139.57018
MeV/c 2,m K 0 = 497.648
MeV/c 2
m K 0 = 497.648
MeV/c 2
und
m Σ 0 = 1192.642
MeV/c 2.Einsetzen indieSchwellenenergieformelliefert:
E =
(497.648 + 1192.642) 2 − 139.57018 2 − 938.27203 2
2 · 938.27203
MeV= 1043.006
MeVfürden Fall:
p + π − → K 0 + Σ 0
folgt:
E =
(497.648 + 1192.642) 2 − 139.57018 2 − 938.27203 2
2 · 139.57018
MeV= 7011.694
MeVdieseristjedocheherschwerexperimentelldurchzuführen,daeinTargetmit
geringer Lebensdauer nicht als Target geeignet ist, zudem müsste es erzeugt
unddann fürdenStoÿ abgebremstwerden,waseinen zusätzlichenerheblichen
Aufwandverursachenwürde.
c)
Wir betrachtendenProzess:
p + p → p + Σ + + K 0
mit
m p = 938.27203
MeV/c 2,m K 0 = 497.648
MeV/c 2undm Σ + = 1189.37
MeV/c 2.
m Σ + = 1189.37
MeV/c 2.
Einsetzen indieSchwellenenergieformelliefert:
E =
(938.27203 + 497.648 + 1189.37) 2 − 2 · 938.27203 2
2 · 938.27203
MeV= 2734.52
MeVWir betrachten hochenergetische Neutrinostrahlen, welche aus den folgenden
zweiZerfällengewonnenwerden:
π + → µ + + ν µ
K + → µ + + ν µ
a)
Wir betrachteneinen
E = 200
GeVStrahl undbestimmen denAnteil, welcheraufeinerStreckevon100mzerfällt.HierzubetrachtenwirzuerstdieGeschwin-
digkeitderPionenundKaonen.Esgilt
γ = E
mc 2 = 1 q
1 − v c 2 2
⇒ v = c r
1 − 1 γ 2
Wir können also zuerst
γ
bestimmen, um dann aufv
zu schlieÿen. Mitm K + = 0.493677
GeV/c 2 undm π ± = 0.13957018
GeV/c 2 folgt:
γ K + = 200
GeV0.493677
GeV= 405.12 γ π + = 200
GeV0.13957018
GeV= 1432.97
HierausergebensichdieGeschwindigkeiten:
v K + = 0.999996953 · c v π + = 0.999999513 · c
SomitfolgtfürdieFlugzeiten
t = s v (mitc = 3 · 10 −8):
t K + = 3.33 · 10 −7 t π + = 3.33 · 10 −7
DieLebensdauernsindgegebenmit:
τ K + = 1.2385 · 10 −8s
τ π + = 2.6033 · 10 −8s
AufGrund derhohenGeschwindigkeitderKaonenundPionen müssenwir
relativistischrechnen,d.h.wirbetrachtendieZeitdilatation
τ 0 = γτ
,welchedieLebensdauernerhöhtauf:
N f
N i
=
1 − e − τ t
folgtalsofürdenBruchteilderZerfallenenKaonenundPionen:
N f
N i
K +
= 0.064276 N f
N i
π +
= 0.008896
D.h.eszerfallennurca.
6.4
%derKaonenundgeradeeinmalca.0.8
%derPionenaufderStreckevon100m,einelängereStreckekönntedieAusbeutean
Neutrinosalsonochdeutlicherhöhen.
b)
Es sinddie mini- und maximaleNeutrinoenergiefür beideZerfällezu bestim-
men.Wirbetrachtenhierzu:
p K + ,π + = p µ + + p ν µ
Umstellenliefert:
p µ + = p K + ,π + − p ν µ
diesbenötigenwir,damitderWinkel
θ
zwischenp K + ,π + undp ν µ liegt.
WiedereinmaldergleicheAnsatzüberquadrieren:
p µ + · p µ + = p K + ,π + · p K + ,π + + p ν µ · p ν µ − 2p K + ,π + · p ν µ
Undden sonstigenUmformungen,erhaltenwir:
m 2 µ + − m 2 K + ,π +
c 2 = m 2 ν µ c 2 − 2
E K + ,π + E ν µ
c 2 − ~ p K + ,π + · ~ p ν µ
WirkönnendieVoraussetzungnutzen,dassdieRuhemassedesNeutrinos
0
sei.AusführendesSkalarproduktesführtuns zu:
1 2
m 2 K + ,π + − m 2 µ +
c 2 = E K + ,π + E ν µ
c 2 −
~ p K + ,π +
~ p ν µ
cos θ
Für die Beträge der Impulse mit Hilfe der Energie-Impuls-Beziehung der
SRTerhaltenwir:
E 2 = ~ p 2 c 2 + m 2 c 4 ⇔ |~ p| = 1 c
p E 2 − m 2 c 4
~ p ν µ
= E ν µ
c ~ p K + ,π +
= 1 c
q E K 2 + ,π + − m 2 K + ,π + c 4
Wirkönneneinsetzen undnach
E ν µ umstellen:
E ν µ =
m 2 K + ,π + − m 2 µ +
c 4
2
E K + ,π + − q
E K 2 + ,π + − m 2 K + ,π + c 4 cos θ
Die Bestimmung der mini- und maximalen Energie erfolgt indem wir
θ = 180
°bzw.θ = 0
°einsetzen,wobeiderWertminimalfür180
°undmaximalfür0
°wird.Esergebensichmit
m µ + = 0.105658369
GeV/c 2,m K + = 0.493677
GeV/c 2,
m π + = 0.13957018
GeV/c 2 und E K + ,π + = 200
GeV die mini- und maximalen
m π + = 0.13957018
GeV/c 2 und E K + ,π + = 200
GeV die mini- und maximalen
Energienvon:
E ν µ ,
min
π +
= 0.010
MeVE ν µ ,max π +
= 85.38
GeVE ν
µ ,
minK +
= 0.291
MeVE ν µ ,max K +
= 190.84
GeVRechnungsiehemathematica.